《【物理】山东省滕州市第五中学2015届高三4月模拟考试 》由会员分享,可在线阅读,更多相关《【物理】山东省滕州市第五中学2015届高三4月模拟考试 (18页珍藏版)》请在金锄头文库上搜索。
1、120152015 年山东省枣庄市滕州五中高考物理模拟试卷(年山东省枣庄市滕州五中高考物理模拟试卷(4 4 月份)月份)一、选择题(共一、选择题(共 7 7 小题,每小题小题,每小题 6 6 分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的要求的 )1 (6 分) (2015滕州市校级模拟)物体某段过程的 vt 图象如图所示,在 t1和 t2时刻的瞬时速度分别为 V1和 V2,则在 t1t2过程中( )A 加速度不断增大B 速度不断减小C 平均速度D 平均速度【考点】: 匀变速直线运动的图像【专题】: 运动学中的图像专题【分析】: 在速度时
2、间图象中,某一点代表此时刻的瞬时速度,时间轴上方速度是正数,时间轴下方速度是负数;切线表示加速度,加速度向右上方倾斜,加速度为正,向右下方倾斜加速度为负;图象与坐标轴围成面积代表位移,时间轴上方位移为正,时间轴下方位移为负【解析】: 解:A、在速度时间图象中,切线表示加速度,加速度向右上方倾斜,加速度为正,向右下方倾斜加速度为负;从图象中看出在 t1t2过程中速度时间图象的斜率逐渐减小,说明加速度的大小在减小,故 A 错误B、由于在速度时间图象中,某一点代表此时刻的瞬时速度,时间轴上方速度是正数,时间轴下方速度是负数;从图象中可以看出速度对应的纵坐标越来越小,即速度不断减小,故 B 正确2CD
3、、如果物体在 t1t2过程中做的是匀减速直线运动,且初末速度分别为 V1和 V2,那么由匀变速直线运动的规律可得:v=,但是在任意时刻物体的实际速度小于匀减速过程的此时刻的速度,所以 ,故 CD 错误故选:B【点评】: 本题是为速度时间图象的应用,要明确斜率的含义,知道在速度时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义,能根据图象读取有用信息,要注意路程和位移的区别2 (6 分)一颗月球卫星在距月球表面高为 h 的圆形轨道运行,已知月球半径为 R,月球表面的重力加速度大小为 g月,引力常量为 G,由此可知( )A 月球的质量为B 月球表面附近的环绕速度大小为C 月球卫星在轨道运行时的向心加速度大小为
4、g月D 月球卫星在轨道上运行的周期为 2【考点】: 万有引力定律及其应用【专题】: 万有引力定律的应用专题【分析】: 卫星绕月做匀速圆周运动,由月球的万有引力提供向心力,万有引力等于重力,根据万有引力定律和向心力公式列式,即可得解【解析】: 解:“嫦娥一号”卫星绕月做匀速圆周运动,由月球的万有引力提供向心力,则得:G=m(R+h)=m=ma在月球表面上,万有引力等于重力,则有:mg月=G,得 GM=g月R2,由上解得:3M=v=a=T=2故 A 正确,BCD 错误;故选:A【点评】: 卫星问题基本的思路有两条:一是万有引力提供向心力,二是万有引力等于重力,得到黄金代换式 GM=gR2,再运用数
5、学变形求解 3 (6 分) (2015滕州市校级模拟)如图是用来粉刷墙壁的涂料滚的示意图使用时,用撑竿推着涂料滚沿墙壁上下滚动,把涂料均匀地粉刷到墙壁上撑竿的重量和墙壁的摩擦均不计,而且撑竿足够长粉刷工人站在离墙壁某一距离处缓缓上推涂料滚,使撑杆与墙壁间的夹角越来越小该过程中撑竿对涂料滚的推力为 F1,涂料滚对墙壁的压力为 F2,下列说法正确的是( )A F1增大,F2减小 B F1减小,F2增大C F1、F2均增大 D F1、F2均减小【考点】: 共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用【专题】: 共点力作用下物体平衡专题【分析】: 以涂料滚为研究对象,分析受力情况,作出力图,根据平衡
6、条件得到竿对涂料滚的推力为 F1和墙壁对涂料滚的弹力的表达式,再分析两个力的变化【解析】: 解:以涂料滚为研究对象,分析受力情况,作出力图设撑轩与墙壁间的夹角为 ,根据平衡条件得F1=4F2=Gtan由题,撑轩与墙壁间的夹角 减小,cos 增大,tan 减小,则 F1、F2均减小故选:D【点评】: 本题是动态平衡问题,采用函数法分析的,也可以采用作图法更直观反映出两个力的变化情况 4 (6 分)如图所示,一圆环上均匀分布着正电荷,x 轴垂直与环面且过圆心 O,下列关于x 轴上的电场强度和电势的说法中正确的是( )A O 点的电场强度为零,电势最低B O 点的电场强度为零,电势最高C 从 O 点
7、沿 x 轴正方向,电场强度减小,电势升高D 从 O 点沿 x 轴正方向,电场强度增大,电势降低【考点】: 电势;电场强度【专题】: 电场力与电势的性质专题【分析】: 圆环上均匀分布着正电荷,根据电场的叠加和对称性,分析 O 点的场强根据电场的叠加原理分析 x 轴上电场强度的方向,即可判断电势的高低【解析】: 解:A、B、圆环上均匀分布着正电荷,根据对称性可知,圆环上各电荷在 O 点产生的场强抵消,合场强为零圆环上各电荷产生的电场强度在 x 轴有向右的分量,根据电场的叠加原理可知,x 轴上电场强度方向向右,根据顺着电场线方向电势降低,可知在 x 轴上 O 点的电势最高,故 A 错误,B 正确;5
8、C、D、O 点的场强为零,无穷远处场强也为零,所以从 O 点沿 x 轴正方向,场强应先增大后减小x 轴上电场强度方向向右,电势降低,故 CD 错误故选:B【点评】: 解决本题的关键有两点:一是掌握电场的叠加原理,并能灵活运用;二是运用极限法场强的变化 5 (6 分) (2015滕州市校级模拟)如图所示,质量为 m、电量为 q 的小球在电场强度 E 的匀强电场中,以初速度 v0沿直线 ON 做匀变速运动,直线 ON 与水平面的夹角为 30,若小球在初始位置的电势能为零,重力加速度为 g,且 mg=qE,则下面说法中正确的是( )A 电场方向竖直向上B 小球运动的加速度大小为 gC 小球最大高度为
9、D 小球电势能的最大值为【考点】: 带电粒子在混合场中的运动【专题】: 带电粒子在复合场中的运动专题【分析】: 小球做匀变速直线运动,合力的方向与速度方向在同一条直线上,结合合力的大小,根据牛顿第二定律求出加速度的大小,结合速度位移公式求出小球上升的高度,根据电场力做功求出电势能的变化量,从而得出小球电势能的最大值【解析】: 解:A、因为小球做匀变速直线运动,则小球所受的合力与速度方向在同一条直线上,结合平行四边形定则知,电场力的方向与水平方向夹角为 30,斜向上如图所示故 A 错误B、根据平行四边形定则知,小球所受的重力和电场力相等,两个力的夹角为 120,所以合力大小与分力大小相等,等于
10、mg,根据牛顿第二定律知,小球的加速度为 g故 B 正确6C、小球斜向上做匀减速直线运动,匀减速直线运动的位移 s=,则小球上升的最大高度 h= s=故 C 错误D、在整个过程中电场力做功 W=qEscos120= mv02,电势能增加 mv02,所以小球电势能的最大值为 mv02故 D 错误故选:B【点评】: 本题应在正确分析小球受力情况的基础上,运用牛顿第二定律、运动学公式和功能关系分析知道物体做直线运动,合力的方向与速度方向在同一条直线上 6 (6 分)如图所示,A、B 两物块的质量分别为 2m 和 m,静止叠放在水平地面上A、B 间的动摩擦因数为 ,B 与地面间的动摩擦因数为 最大静摩
11、擦力等于滑动摩擦力,重力加速度为 g现对 A 施加一水平拉力 F,则下列说法中错误的是( )A 当 F2mg 时,A、B 都相对地面静止B 当 F= mg 时,A 的加速度为 gC 当 F3mg 时,A 相对 B 滑动D 无论 F 为何值,B 的加速度不会超过 g【考点】: 牛顿第二定律;滑动摩擦力;力的合成与分解的运用【专题】: 牛顿运动定律综合专题【分析】: 根据 A、B 之间的最大静摩擦力,隔离对 B 分析求出整体的临界加速度,通过牛顿第二定律求出 A、B 不发生相对滑动时的最大拉力然后通过整体法隔离法逐项分析7【解析】: 解:A、设 B 对 A 的摩擦力为 f1,A 对 B 的摩擦力为
12、 f2,地面对 B 的摩擦力为f3,由牛顿第三定律可知 f1与 f2大小相等,方向相反,f1和 f2的最大值均为 2mg,f3的最大值为 mg故当 0F mg 时,A、B 均保持静止;继续增大 F,在一定范围内A、B 将相对静止以共同的加速度开始运动,故 A 错误;C、设当 A、B 恰好发生相对滑动时的拉力为 F,加速度为 a,则对 A,有F2mg=2ma,对 A、B 整体,有 F mg=3ma,解得 F=3mg,故当mgF3mg 时,A 相对于 B 静止,二者以共同的加速度开始运动;当 F3mg 时,A 相对于 B 滑动C 正确B、当 F= mg 时,A、B 以共同的加速度开始运动,将 A、
13、B 看作整体,由牛顿第二定律有F mg=3ma,解得 a=,B 正确D、对 B 来说,其所受合力的最大值 Fm=2mg mg= mg,即 B 的加速度不会超过g,D 正确因选不正确的,故选:A【点评】: 本题考查了摩擦力的计算和牛顿第二定律的综合运用,解决本题的突破口在于通过隔离法和整体法求出 A、B 不发生相对滑动时的最大拉力 7 (6 分) (2015滕州市校级模拟)如图所示,水平放置的光滑轨道上固定有两个阻值均为 R 的定值电阻,空间中存在有竖直向下的匀强磁场,一质量为 m,电阻也为 R 的金属棒垂直的放在导轨上,已知金属棒的长度等于导轨间距为 D,某时刻给金属棒一水平初速度V0,金属棒
14、在导轨上运动了 L 后速度变成 V,则关于此过程下面说法中正确的是( )A 金属棒上产生的热量为 m(v02v2)8B 金属棒上产生的热量为 m(v02v2)C 此区域内磁感应强度为 B=D 此区域内磁感应强度为 B=【考点】: 导体切割磁感线时的感应电动势;电磁感应中的能量转化【专题】: 电磁感应功能问题【分析】: 金属棒动能的减少量等于整个回路产生的热量,根据焦耳定律分析金属棒与两个定值电阻产生的热量关系,求解金属棒上产生的热量从加速度入手,运用微元法求解B【解析】: 解:AB、设金属棒上产生的热量为 Q,每个 R 上产生的热量为 Q,通过 R 的电流为 I,根据焦耳定律得:Q=(2I)2
15、Rt,Q=I2Rt,则 Q=4Q根据 Q+Q= m(v02v2)得 Q= m(v02v2) ,故 AB 错误CD、设金属棒速度为 v 时加速度为 a,取极短时间t,则有 a=得v=at根据牛顿第二定律得:a=棒所受的安培力大小 F=BIL=BD=联立以上三式可得v=t两边求和得:v=t又 vt=x,vt=x=L联立解得:B=,故 C 错误,D 正确故选:D9【点评】: 本题一方面要准确把握能量的分配关系,另一方面要学会:对于变速直线运动,从加速度的定义式入手,运用微元法可以研究力和速度的关系 二、非选择题二、非选择题8 (8 分)探究加速度与力的关系装置如图所示带滑轮的长木板水平放置,细绳通过两滑轮分别与弹簧秤挂钩和沙桶连接,细线与桌面平行将木块放在靠近打点计时器的一端,缓慢向沙桶中添加细沙,直到木块开始运动,记下木块运动后弹簧秤的示数 F,通过纸带求出木块运动的加速度 a将木块放回原处,向沙桶中添加适量细沙,释放木块获取多组 a、F 数据(1)关于该实验的操作,以下说法正确的是 AB A实验过程中,应先闭合打点计时器开关,再释放小车B通过缓慢添加细沙,可以方便地获取多组实验数据C每次添加细沙后,需测出沙及沙桶的质量D实验过程要确保沙及沙桶的质量远小于木块的质量(2)某同学根据实验数据做出了两个 aF 图象如图 2 所示,正确的是 B ;由图象可知,木