《2019版物理新学考一轮增分（浙江专版）：第8章检测含答案》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019版物理新学考一轮增分（浙江专版）：第8章检测含答案（6页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、第八章检测第八章检测 静电场静电场 (时间:60 分钟 满分:100 分) 一、选择题(每小题只有一个选项正确,共 70 分) 1.下列各组物理量中均为矢量的是( ) A.路程和位移B.速度和加速度 C.力和功D.电场强度和电势 2.(2017 金华十校模拟)图甲是某电场中的一条电场线,A、B 是这条线上的两点,一负电荷只受电场 力作用,沿电场线从 A 运动到 B,在这一过程中,电荷的速度时间图线如图乙所示,比较 A、B 两 点的电势 的高低和电场强度 E 的大小,正确的是( ) A.AB EAB EA=EB C.AB EAEBD.AB。故 B 项正确。 3.B 小球静止,所受合力为零。重力和
2、水平方向的电场力不能使其平衡,因此一定会受到斜 面支持力的作用。由三力平衡情况可知,小球所受电场力应水平向右,即 Eq=mgtan ,由此得匀强电场的电场强度大小为tan 。因小球带负电,所以匀强电场方向与小球受力方向相反,即电场 方向向左。故选 B。 4.D 电场中某点的电场强度是由场源电荷和该点的位置决定的,而与检验电荷是否存在、 检验电荷的电性和电荷量无关。故正确答案为 D。5.B 根据点电荷电场强度公式 E=可得,真空中同一点电荷产生的电场强度与场点位置 r2的二次方成反比,则,又 E0= ,所以 E=,故选 B。 0=022 0226.C 由电场强度定义式 E= 得 E=,选项 A
3、错;由点电荷电场强度公式知 E=,选项 B 212 错误;电场中的电场强度与放入电场中的电荷无关,无论有无放入试探电荷、试探电荷的电荷量如 何,电场强度都不变,选项 C 正确,选项 D 错误。 7.D 根据等量同种点电荷电场的特点,可知两个电荷连线的中垂线上,电场力垂直中垂线向 上,所以 C 一直加速,电场强度从 C 点到无穷远,先增大后减小,所以点电荷 C 的加速度先增大后减 小。8.A 点电荷在 a 点产生的电场强度大小 E=k,方向向左,由题意,带电薄板在 a 点产生的电2场强度大小 E1=k,方向向右。根据对称性,带电薄板在 b 点产生的电场强度大小 E2=k,方向向22左,点电荷在
4、b 点产生的电场强度大小 E3=,方向向左,根据电场强度的叠加原理,Eb=E2+E3,可92 知 A 正确。9.D 电子受到的静电力做负功,有-eUOA=0-Ek,UOA= h,Ek=,由此知选项 D 正确。 10.B 由于平行板电容器电压保持不变,将上极板竖直向上移动一小段距离,板间电场强度减 小,油滴所受静电力减小,油滴将沿竖直方向向下运动,故选项 A 错误;将上极板竖直向上移动一小段距离,板间距离增大,电容减小,而电势差不变,由 Q=CU 可知,电荷量 Q 减小,故选项 B 正确,选项 C、选项 D 错误。11.B 保持开关 S 闭合,电压 U 不变,仅将 A 板向 B 板靠近,d 减小
5、,E= 变大, 变大,A 错;仅将 A 板沿极板方向下移少许,d 不变,E= 不变, 不变,B 对;开关 S 断开,电荷量 Q 不变,仅将 A 板靠近 B 板,d 减小,极板间正对面积 S 不变,而电荷密度不变,E 不变, 不变,C、D 均错。选 B。 12.C 沿着电场线方向电势越来越低,可得 a 点电势高于 b 点电势,D 错误。该电荷在电场中 做曲线运动,电场力应指向轨迹的凹侧,即受力方向与电场强度的方向一致,电荷必带正电,B 错误。 电荷若从 a 运动到 b,由于 a 点电势高于 b 点电势,a、b 间电势差为正值,电荷带正电,由 Wab=qUab 可得电场力做正功,所以电荷在 b 点
6、动能大于在 a 点动能,电荷在 b 点速度大于在 a 点速度;电荷 若从 b 运动到 a,由 Wba=qUba可得电场力做负功,所以电荷在 b 点动能大于在 a 点动能,电荷在 b 点速度大于在 a 点速度,A 错误。由于 a 点电势高于 b 点电势,正电荷在电势高处电势能大,所以 电荷在 a 点的电势能大于在 b 点的电势能,C 正确。 13.B 乙做加速度逐渐减小的减速直线运动,到 B 点时速度最小,所受库仑力等于摩擦力,由mg=k,解得 OB 间的距离为 r=,选项 A 正确。从 A 到 B 的过程中,由动能定理,电场力对2 点电荷乙做的功为 W=mgl+ mv2-,选项 B 不正确,选
7、项 C 正确。从 A 到 B 的过程中,电场1 21 202力做正功,乙的电势能减少,选项 D 正确。 14.C 由于 Uab=a-b=8 V,则 ab 中点处电势为 6 V,因此 c 点与 ab 中点的电势相同,c 点与 ab 中点的连线为一条等势线,电场强度方向应垂直于该等势线并且指向电势较低的方向,故选项 C 正确。15.答案 (1)mg+ (2)-v2)+3 382 2(02解析 (1)物块在 A 点受重力、电场力、支持力。分解电场力,由竖直方向受力平衡得FN=mg+ksin 602 又因为 h=rsin 60由以上两式解得支持力为 FN=mg+。3 382(2)物块从 A 运动到 P
8、 点正下方 B 点的过程中,由动能定理得-qU= mv2-1 21 202又因为 U=B-A=B-,由以上两式解得 B=-v2)+。 2(0216.答案 (1) (2)0.3g (3)0.3mgl3 4 解析 (1)小物块静止在斜面上,受重力、电场力和斜面支持力,受力分析如图所示,则有 FNsin 37 =qE FNcos 37=mg由可得 E=。3 4(2)若电场强度减小为原来的 ,即 E=1 23 8由牛顿第二定律得 mgsin 37-qEcos 37=ma 可得 a=0.3g。 (3)电场强度变化后物块下滑距离 l 时,重力做正功,电场力做负功,由动能定理得 mglsin 37- qElcos 37=Ek-0 可得 Ek=0.3mgl。17.答案 (1) (2) 2(022 2022解析 (1)由平抛运动规律 s=vt;h= gt21 2得 v=s 2由动能定理,考虑到摩擦力 Ff做负功,得-Ffl= mv2-1 21 202为了使物块 A 在桌面上滑动,其所受电场力至少等于摩擦力 Ff,有 F=qE1=Ff由式得 E1=)。 2(022 2(2)由动能定理 qE2l-Ffl= mv2得 E2=。1 2022
