《2019年高考物理一轮复习 专题 牛顿运动定律练习》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019年高考物理一轮复习 专题 牛顿运动定律练习（17页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、1牛顿运动定律牛顿运动定律一、单选题一、单选题1.1.通过理想斜面实验得出通过理想斜面实验得出“力不是维持物体运动的原因力不是维持物体运动的原因”的科学家是（的科学家是（ ） A.A. 亚里士多德亚里士多德 B.B. 伽利略伽利略 C.C. 笛卡尔笛卡尔 D.D. 牛顿牛顿【答案】B 【考点】牛顿第一定律 【解析】【解答】A:亚里士多德提出了运动需要力来维持；B、伽利略用理想实验验证了“力不是维持物体运动的原因”C、笛卡尔在伽利略基础上了提出了相似的观点D、牛顿总结了前人的工作【分析】物理学史的知识，每一位科学家都有他的经典之作，记牢即可选择出答案。2.2.（20182018卷卷）如图，轻弹簧
2、的下端固定在水平桌面上，上端放有物块）如图，轻弹簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物块P P，系统处于静止状态，现用一竖直向上的，系统处于静止状态，现用一竖直向上的力力F F作用在作用在P P上，使其向上做匀加速直线运动，以上，使其向上做匀加速直线运动，以x x表示表示P P离开静止位置的位移，在弹簧恢复原长前，下列表示离开静止位置的位移，在弹簧恢复原长前，下列表示F F和和x x之之间关系的图像可能正确的是（间关系的图像可能正确的是（ ）A B C D 【答案】A 【考点】连接体问题，胡克定律，物体的受力分析 【解析】【解答】由牛顿运动定律，F-mg+F弹=ma ， F弹=k(x0-x),k
3、x0=mg ， 联立解得F=ma+ kx ， 对比题给的四个图象，可能正确的是A。故答案为：A【分析】该题需选择物块P为研究对象，对P分两种情况进行进行受力分析：未对P施加拉力F时，有mg=kx0；对P施加拉力F后，然后根据牛顿第二定律F合=ma列出方程。即可推导出拉力F与x的关系式。3.3.（20182018北京）根据高中所学知识可知北京）根据高中所学知识可知, ,做自由落体运动的小球做自由落体运动的小球, ,将落在正下方位置。但实际上将落在正下方位置。但实际上, ,赤道上方赤道上方200m200m处无处无初速下落的小球将落在正下方位置偏东约初速下落的小球将落在正下方位置偏东约6cm6cm处
4、处, ,这一现象可解释为这一现象可解释为, ,除重力外除重力外, ,由于地球自转由于地球自转, ,下落过程小球还受到下落过程小球还受到一个水平向东的一个水平向东的“力力”,”,该该“力力”与竖直方向的速度大小成正比与竖直方向的速度大小成正比, ,现将小球从赤道地面竖直上抛现将小球从赤道地面竖直上抛, ,考虑对称性考虑对称性, ,上升过上升过程该程该“力力”水平向西水平向西, ,则小球（则小球（ ） A.A.到最高点时到最高点时, ,水平方向的加速度和速度均为零水平方向的加速度和速度均为零B.B.到最高点时到最高点时, ,水平方向的加速度和速度均不为零水平方向的加速度和速度均不为零C.C.落地点
5、在抛出点东侧落地点在抛出点东侧D.D.落地点在抛出点西侧落地点在抛出点西侧【答案】D 【考点】对质点系的应用，位移的合成与分解 【解析】【解答】根据题意，将小球从赤道地面竖直上抛，水平方向受到一个与竖直方向的速度大小成正比的力，小球从地面竖直上抛，速度越来越小，故水平方向的力越来越小，到达最高点时，竖直方向的速度为零，故水平方向的加速度为零，水平方向小球做加速度减小的加速运动，故到达最高点时，小球的速度不为零，故AB错误；小球在下落的过程中，竖直方向做匀加速直线运动，所以水平方向加速度逐渐增大；水平方向加速度向东，所以向西做加速度增大的减速运动，再根据运动学规律得出落地点在抛出点西侧，故C错误
6、；故答案为：D。【分析】本题属于新颖的题型，这样的水平力，学生平时应该都没有见过，但是仔细分析题干就会得出其实这就是运动的合成与分解，小球参与了水平和竖直两个方向的运动，结合牛顿运动定律即可得出答案。4.4.用国际单位制的基本单位表示能量的单位，下列正确的是（用国际单位制的基本单位表示能量的单位，下列正确的是（ ） A.A. kg.mkg.m2 2/s/s2 2 B.B. kg.m/skg.m/s2 2 C.C. N/mN/m D.D. N.mN.m 【答案】A 【考点】单位制及量纲 【解析】【解答】能量单位为焦耳J，根据做功W=FL，可知1J=1Nm，而1N=1kg.m/s2 ,因此正确答案
7、为A【分析】利用公式推导新的单位，这是对量纲的考察，国际基本单位有7个，Kg、m，s、A、mol，T、Cd；其它单位都是导出单位。5.5.如图所示，在光滑水平面上以水平恒力如图所示，在光滑水平面上以水平恒力F F拉动小车，让小车和木块一起做无相对滑动的加速运动，若小车质量为拉动小车，让小车和木块一起做无相对滑动的加速运动，若小车质量为M M，木块质量为，木块质量为m m，加速度大小为，加速度大小为a a，木块和小车间的动摩擦因数为，木块和小车间的动摩擦因数为对于这个过程，某同学用了以下对于这个过程，某同学用了以下4 4个式子来表个式子来表达拉力达拉力F F的大小，下述表达式一定正确的是（的大小
8、，下述表达式一定正确的是（ ）A.A. M Ma a B.B. mg+Mmg+Ma a C.C. （M+mM+m）a a D.D. mg+mmg+ma a 【答案】C 【考点】滑动摩擦力，静摩擦力，对质点系的应用，连接体问题 【解析】【解答】解：A、先对整体受力分析，受重力、支持力和拉力，根据牛顿第二定律，有：F=（M+m）a，A不符合题意，C符合题意，B、由于M与m间无相对滑动，未静摩擦力，则不能用f=mg来计算两者间的摩擦力大小，BD不符合题意故答案为 ：C【分析】先对整体受力分析，受重力、支持力和拉力，根据牛顿第二定律F=（M+m）a，由于M与m间无相对滑动，未静摩擦力，则不能用f=mg
9、来计算两者间的摩擦力大小。6.6.如图所示，如图所示，n n个质量为个质量为m m的相同木块并列放在水平面上，木块跟水平面间的动摩擦因数为的相同木块并列放在水平面上，木块跟水平面间的动摩擦因数为，当对，当对1 1木块施加一个木块施加一个2水平向右的推力水平向右的推力F F时，木块加速运动，木块时，木块加速运动，木块5 5对木块对木块4 4的压力大小为（的压力大小为（ ）A.A. F F B.B. C.C. D.D. 【答案】D 【考点】对单物体(质点)的应用 【解析】【解答】解：以整体为研究对象，根据牛顿第二定律：F=nma得：a= 以1234为研究对象，设5对4 的压力为N，根据牛顿第二定律
10、：FN=4ma联立以上二式得：N= ，ABC不符合题意，D符合题意 故答案为：D【分析】本题考查整体法与隔离法结合牛顿第二定律的应用，整体应用牛顿第二定律求出整体的加速度，再隔离计算木块5对木块4的压力大小。7.7.如图所示，如图所示，A A、B B两物体质量分别为两物体质量分别为m mA A、m mB B ， 且且m mA Am mB B ， 置于光滑水平面上，相距较远将两个大小均为置于光滑水平面上，相距较远将两个大小均为F F的力，同时分别作用在的力，同时分别作用在A A、B B上经过相同距离后，撤去两个力，两上经过相同距离后，撤去两个力，两物体发生碰撞并粘在一起后将（物体发生碰撞并粘在一
11、起后将（ ）A.A. 停止运动停止运动 B.B. 向左运动向左运动 C.C. 向右运动向右运动 D.D. 运动方向不能确定运动方向不能确定【答案】C 【考点】对单物体(质点)的应用，动量定理，动量守恒定律，匀变速直线运动基本公式应用 【解析】【解答】解：力F大小相等，mAmB ， 由牛顿第二定律可知，两物体的加速度有：aAaB ， 由题意知：SA=SB ， 由运动学公式得：SA= aAtA2 ， SB= aBtB2 ， 可知：tAtB ， 由IA=FtA ， IB=FtB ， 得：IAIB ， 由动量定理可知PA=IA ， PB=IB ， 则PAPB ， 碰前系统总动量向右，碰撞过程动量守恒，
12、由动量守恒定律可知，碰后总动量向右，ABD不符合题意，C符合题意故答案为：C【分析】判断两物体发生碰撞并粘在一起后做什么样的运动，先由牛顿第二定律求出加速度，再判断冲量的大小，最后根据碰前系统总动量向右，碰撞过程动量守恒，由动量守恒定律可知，碰后总动量向右。8.8.如图，在倾角为如图，在倾角为的固定光滑斜面上，有一用绳子栓着的长木板，木板上站着一只猫已知木板的质量是猫的质的固定光滑斜面上，有一用绳子栓着的长木板，木板上站着一只猫已知木板的质量是猫的质量的量的2 2倍当绳子突然断开时，猫立即沿着板向上跑，以保持其相对斜面的位置不变则此时木板沿斜面下滑的加倍当绳子突然断开时，猫立即沿着板向上跑，以保持其相对斜面的位置不变则此时木板沿斜面下滑的加速度为（速度为（ ）A.A. sinsin B.B. 1.5gsin1.5gsin C.C. gsingsin D.D. 2gsin2gsin 【答案】B 【考点】对质点系的应用，连接体问题 【解析】【解答】解：木板沿斜面加速下滑时，猫保持相对斜面的位置不变，即相对斜面静止，加速度为0，对系统，由牛顿第二定律得：3mgsin=2mga，解得：a=1.5gsin；故答案为：B【分析】本体用整体法比较简单，猫保持相对斜面的位置不变，即相对斜面静止，加速
