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1、河北省邢台市第一中学河北省邢台市第一中学 2017-2018 学年高一下学期第二次月学年高一下学期第二次月考考物理试题物理试题一、选择题：一、选择题：1. 从地面整直上抛一个质量为 m 的小球，小球上升的最大高度为 H，设上升过程中空气阻力 Ff恒定。在小球从抛出到上升至最高处的过程中，下列说法正确的是A. 小球的动能减少了 mgH B. 小球的机械能减少 FfHC. 小球的重力势能增加了 FfH D. 小球的动能减少了 FfH【答案】B【解析】由动能定理可知，小球动能的减少量EK=（mg+Ff）H，故 AD 错误。小球机械能的减少量等于克服空气阻力所做的功，即 W=FfH，故 B 正确；小球
2、重力势能增加量为EP=mgH；故 C 错误；故选 B。点睛：本题考查机械能守恒定律的应用，要注意明确重力做功不改变物体的机械能，除重力或弹力之外的力做功可以改变物体的机械能；从能量转化的角度分析问题、应用动能定理即可正确解题2. 如图所示，两个质量相等的物体 A、B 处在同一水平线上，当物体 A 被水平拋出的同时，物体 B 开始自由下落，图中曲线 AC 为物体 A 的运动轨迹，直线 BD 为物体 B 的运动轨迹，两轨迹相交于 0 点，不计空气阻力，则下列说法不正确的是A. 两物体在 0 点时的速度相同B. 两物体在 0 点相遇C. 两物体在 0 点时的动能不相等D. 两物体在 O 点时重力的功
3、率相等【答案】A【解析】试题分析：A、物体 A 做平抛运动，水平方向匀速直线，竖直方向自由落体；物体 B 自由落体运动，由于 A 有水平方向的初速度，而竖直方向与 B 具有相同的速度，故A 物体的速度大于 B 物体的速度；错误B、物体 A 竖直方向自由落体，物体 B 自由落体运动，由题知两物体到达 O 点的时间相等；正确C、由选项 A 的分析知，在 O 点时 A 的动能大于 B 的动能；正确D、重力在 O 点的功率为，因竖直分速度相等，故 O 点处重力的功率相等；正确故选 BCD考点：平抛运动点评：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据分运动与合运动具有等时性，可
4、知谁先到达 O 点根据比较重力的瞬时功率。3. 如图所示，滑块以初速度滑上表面粗糙的固定斜面，到达最高点后又返回到出发点则下列能大致描述滑块整个运动过程中的速度 v、加速度 a、动能 Ek、重力对滑块所做的功 W 与时间 t 或位移 x 之间关系的图象是（取初速度方向为正方向）A. B. C. D. 【答案】D【解析】物体上滑时的加速度大小 a1=gsin+gcos，方向沿斜面向下下滑时的加速度大小 a2=gsin-gcos，方向沿斜面向下，则知a1a2，方向相同，均为负方向因 v-t 线的斜率等于加速度，可知选项 AB 错误；动能是标量，不存在负值故 C 错误重力做功 W=-mgh=-mgx
5、sin，故 D 正确故选 D.点睛：解决本题的关键根据牛顿第二定律得出上滑和下滑的加速度，判断出物体的运动情况要通过列方程分析图象的物理意义4. 如图所示，一质量为 m 的小球，用长为 L 的轻绳悬挂于 0 点，小球在水平力 F 作用下，从平衡位置 P 点很缓慢地移到 Q 点。此时悬线与竖直方向夹角为 ，则拉力 F 所做的功为A. FLcos B. FLsinC. mgLcos D. mgL(1-cos)【答案】D【解析】小球从平衡位置 P 点缓慢地移动到 Q 点的过程中，动能的变化量为零，根据动能定理得：WF-mgL（1-cos）=0 ，得拉力 F 所做的功为：WF=mgL（1-cos） 。
6、故 D 正确，ABC 错误。故选 D。点睛：本题要求学生能正确理解功的公式 W=Flcos 适用条件：F 为恒力或变力的平均值，对于变力，运用动能定理求变力做功是常用的方法。5. 如图所示，在光滑的水平板的中央有一光滑的小孔，一根不可伸长的轻绳穿过小孔。绳的两端分别拴有一小球 C 和一质量为 m 的物体 B，在物体 B 的下端还悬挂有一质量为 3m的的体 A 使小球 C 在水平板上以小孔为圆心做匀速圆周运动，稳定时，圆周运动的半径为R，现剪断 A 与 B 之间的绳子，稳定后，小球以 2R 的半径在在水平面上做匀速圆周运动，则下列说法正确的A. 剪斯 A、B 间的绳子后，B 和 C 组成的系统机
7、械能增加B. 剪断 A、B 间的绳子后，小球 C 的机械能不变C. 剪斯 A、B 间的绳子后，绳子对小球 C 做功 mgRD. 剪斯 A、B 的绳子的前，小球 C 的动能为 2mgR【答案】D【解析】剪断连接 A、B 的绳子后，对 B 和 C 组成的系统，只有 B 的重力对系统做功，所以 B 和 C 组成的系统机械能守恒。故 A 错误；剪断连接 A、B 的绳子后，C 的运动半径增大的过程中，绳子的拉力对 C 做负功，C 的机械能减小，故 B 错误；剪断连接 A、B 的绳子前，根据牛顿第二定律得：T=3mg+mg=mC，C 的动能 EkC= mvc2；联立两式得；EkC=2mgR；剪断连接 A、
8、B 的绳子后，根据牛顿第二定律得：T=mg=mC，C 的动能 EkC=mvc2，联立两式得；EkC=mgR则物体 B 对小球做功为-mgR，故 C 错误，D 正确；故选D。点睛：该题本题的关键知道圆周运动向心力的来源，知道剪断绳子后，对 B 和 C 组成的系统，只有 B 的重力对系统做功，所以 B 和 C 组成的系统机械能守恒6. 质量为 m 的人造地球卫星与月心的距离为时，重力势能可表示为，其中 G 为引力常量，M 为月球质量。若“嫦娥三号”在原来半径为的轨道上绕月球做匀速圆周运动，由于受到及稀薄空气的摩擦作用，飞行一段时间后其圆周运动的半径变为，已知：月球半径为 R，月球表面的重力加速度为
9、 g0，地球表面的重力加速度为 g，此过程中因摩擦而产生的热量为A. B. C. D. 【答案】D【解析】卫星做匀速圆周运动，由地球的万有引力提供向心力，则轨道半径为 R1时，有：卫星的引力势能 轨道半径为 R2时有： 卫星的引力势能 设摩擦力而产生的热量为 Q，根据能量守恒得： mv12+Ep1 mv22+Ep2+Q，由黄金代换式得，GM=g0R2 联立得，Q=，故 D 正确，ABC 错误。故选 D。7. 如图所示是具有登高平台的消防车，具有一定质量的伸缩臂能够在 5min 内使承载 4 人的登高平台（人连同平台的总质量为 400）上升 60m 到达灭火位置。此后，在登高平台上的消防员用水炮
10、灭火，已知水炮的出水量为 3m/min。水离开炮口时的速率为 20m/s，则用于A. 水炮工作的发动机输出功率约为 1104WB. 水炮工作的发动机输出功率约为 4104WC. 水炮工作的发动机输出功率约为 2.4104WD. 伸缩臂抬升高平台的发动机输出功率约为 800W【答案】B【解析】试题分析：水炮发动机做的功为水增加的动能与重力势能之和，伸缩臂在抬升等高平台的同时也将本身也抬高了，计算做功时，需要计算这部分功，结合根据公式分析伸缩臂将人与平台抬高 60m，用时 5min，同时伸缩臂也有质量，设为 M，则其输出功率为，D 错误；水炮工作的发动机首先将水运至60m 高的平台，然后给水 20
11、m/s 的速度，即做的功等于水增加的动能与重力势能之和，每秒射出水的质量为，故，功率为，B 正确 AC 错误8. 自动充电式电动车就是很好的一例，电动车的前轮装有发电机，发电机与蓄电池连接。当在骑车者用力蹬车或电动自行车自动滑行时，自行车就可以连通发电机向蓄电池充电，将其他形式的能转化成电能储存起来。现有某人骑车以 500J 的初动能在粗糙的水平路面上滑行，第一次关闭自充电装置，让车自由滑行，其动能随位移变化关系如图所示；第二次启动自充电装置，其动能随位移变化关系如图线所示，则第二次向蓄电池所充的电能是A. 200J B. 250J C. 300J D. 500J【答案】A考点：动能定理 功能
12、关系9. 如图，一质量为 M 的光滑大圆环，用一细轻杆固定在竖直平面内，套在大环上质量为m 的小环(可视为质点)，从大环的最高处由静止滑下.重力加速度大小为 g，当小环滑到大环的最低点时，大环对轻杆拉力比初始时A. 增加了 5mg B. 减小了 5mgC. 增加了 4mg D. 减小了 4mg【答案】C【解析】试题分析:初始时；小圆环到达大圆环低端时满足：，对小圆环在最低点，有牛顿定律可得：；对大圆环，由平衡可知：，解得，拉力的差值，故 C 正确，A、B、D 错误。考点：向心力10. 如图为 U 型池模型，其中 A、B 为 U 型池两侧边缘，C 为 U 型池最低点，U 型池轨道各处粗糙程度相同
13、.一小球在池边高 h 处自由下落由左侧进入池中，从右侧飞出后上升的最大高度为 h/2，下列说法正确的是A. 小球再次进入池中后，能够到达 A 点上方 h 处B. 小球再次进入池中后，刚好到达左侧边缘 A 然后返回C. 小球再次进入池中后，不能冲出左侧边缘 A 然后返回D. 小球再次进入池中后，能够冲出左侧边缘 A 然后返回【答案】D【解析】小球在池边高 h 处自由下落由左侧进入池中，从右侧飞出后上升的最大高度为h/2，此过程损失的机械能为 mg ；小球再次返回时，平均速率要小于由左侧进入池中过程中的平均速率，则平均摩擦力要小，克服阻力做功小于上一次，则阻力做的功小于mg ；故小球再次进入池中后
14、，能够冲出左侧边缘 A 然后返回，且上升的高度小于 ，故ABC 错误，D 正确；点睛：本题主要是考查能量守恒定律，解答本题要知道小球在圆弧中运动过程中的平均速率越大，平均压力也越大，平均摩擦力就大，克服摩擦力做的功也越大，由此分析能量的损失情况。11. 滑块以速率 v1冲上斜面，当它回到斜面底端时速率为 v2，且 v2v1，若滑块向上运动的位移中点为 A，取斜面底端重力势能为零，则A. 上滑时机械能减小量等于下滑时机械能的减少量B. 上滑时机械能减小量小于下滑时机械能的减少量C. 上滑过程中动能和重力势能相等的位置在 A 点上方D. 下滑过程中动能和重力势能相等的位置在 A 点【答案】AC【解
15、析】由 v2v1可知，斜面与滑块间有摩擦，滑块无论上升还是下降时，都有机械能损失，且大小均为 fL，故 A 正确，B 错误；上升过程，在最低点，机械能为：E1= mv12；在最高点，机械能为：E2=mgh；在中点 A 处，机械能为：EA= mvA2+ mgh，滑块在斜面中点A 的速度 vA=，动能为 mvA2= E1，重力势能为 E2，由于 E1E2，故动能大，所以上升过程中动能和重力势能相等的位置在 A 点上方，故 C 正确；下滑到中点 A 时的动能为 EkA从最高点到 A 点物体克服摩擦力做功为 W。根据能量守恒定律得：mgh=mg +EkA+W；则得：mg =EkA+W，A 点的重力势能
16、为：EPA=mg ，可知，EPAEkA，物体下滑过程，重力势能减小，动能增加，所以下降过程中动能和势能相等的位置在 A 点下方。故 D 错误。故选 AC。点睛：本题应注意物体上升和下降时均做匀速直线运动，利用匀变速直线运动公式求出位移中点 A 时的速度，可以直接表示出中点处的动能；同时本题没有直接找出相等的点，而是先比较 A 点时的动能和势能再确定相等点的位置，此点由选项应该能判断出来12. 如图所示，M 为固定在水平桌面上的有缺口的方形木块，abcd 为半径是 R 的四分之三光滑圆弧形轨道，a 为轨道最高点，de 面水平且有一定长度.今将质量为 m 的小球在 d 点的正上方高为 h 处由静止释放，其自由下落到 d 处切入轨道内运动，不计空气阻力.则以下正确的是A. 调节 h，可以使小球经过轨道后返回释放点B. 无论怎样改变 h，都不可能使小球通过 a 点后落
