《江苏专版2019高考物理一轮复习课时跟踪检测二匀变速直线运动的规律》由会员分享，可在线阅读，更多相关《江苏专版2019高考物理一轮复习课时跟踪检测二匀变速直线运动的规律（7页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、1课时跟踪检测（二）课时跟踪检测（二） 匀变速直线运动的规律匀变速直线运动的规律对点训练：匀变速直线运动的基本规律1(2018苏州模拟)质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x5tt2(各物理量均采用国际单位制单位)，下列说法正确的是( )A该质点的加速度大小为 1 m/s2B该质点在 1 s 末的速度大小为 6 m/sC该质点第 2 s 内的平均速度为 8 m/sD前 2 s 内的位移为 8 m解析：选 C 根据xv0tat25tt2得，质点的初速度v05 m/s，加速度a2 1 2m/s2，故 A 错误；质点在 1 s 末的速度v1v0at5 m/s21 m/s7 m/s，故 B 错误；质
2、点在第 2 s 内的位移x2(524)m(511)m8 m，则第 2 s 内的平均速度 m/s8 m/s，故 C 正确；前 2 s 内的位移xv0tat252 m4 m14 m，vx2 t8 11 2故 D 错误。2.(2018厦门模拟)如图所示，国产某品牌汽车装备了具有“全力自动刹车”功能的城市安全系统，系统以 50 Hz 的频率监视前方的交通状况。当车速v10 m/s 且与前方静止的障碍物之间的距离接近安全距离时，如果司机未采取制动措施，系统就会立即启动“全力自动刹车” ，加速度大小约为 5 m/s2，使汽车避免与障碍物相撞。则“全力自动刹车”系统设置的安全距离约为( )A50 m B20
3、 mC10 m D1 m解析：选 C 由题意知，车速v10 m/s，系统立即启动“全力自动刹车”的加速度大小约为 5 m/s2，最后末速度减为 0，由推导公式v22ax可得：x m10 m，v2 2a102 2 5所以系统设置的安全距离约 10 m，故 C 正确，A、B、D 错误。3.多选(2018昆山模拟)如图所示，从斜面上某一位置先后由静止释放四个小球，相邻两小球释放的时间间隔为 0.1 s，某时刻拍下的照片记录了各小球的位置，测出xAB5 cm，xBC10 cm，xCD15 cm。则( )A照片上小球A所处的位置，不是每个小球的释放点BC点小球速度是A、D点小球速度之和的一半CB点小球的
4、速度大小为 1.5 m/s2D所有小球的加速度大小为 5 m/s2解析：选 AD 根据 xaT2得小球的加速度为：a m/s25 m/s2，x T20.05 0.01B点的速度等于AC段的平均速度，则有：vB m/s0.75 m/s，xAC 2T0.050.10 0.2A点小球的速度为：vAvBaT0.75 m/s50.1 m/s0.25 m/s0，可知小球不是从A点释放，故 A、D 正确，C 错误。C点是BD段的中间时刻，根据平均速度的推论知，C点小球的速度等于B、D点两球速度之和的一半，故 B 错误。4多选如图所示，直线MN表示一条平直公路，汽车以初速度v02 m/s、加速度a2 m/s2
5、由A向C做匀加速直线运动，在到达C点前 1 s 内，所通过的距离BC为L，7 15其中ACL，下列判断正确的是( )A平直公路AC长为 21 mB平直公路BC长为 7 mC汽车由A向C运动的时间为 4 sD汽车到达C点的速度大小是 8 m/s解析：选 BD 设汽车从A到C的时间为t，则从A到B的时间为t1，根据位移公式有Lv0tat22t 2t21 21 2LLv0(t1)a(t1)22(t1) 2(t1)27 151 21 2解得t3 s平直公路AC的长度为：L23 m 232 m15 m1 2平直公路BC的长度为xBCL15 m7 m7 157 15汽车到达C点的速度vCv0at2 m/s
6、23 m/s8 m/s，故 B、D 正确，A、C 错误。对点训练：解决匀变速直线运动的常用方法5(2018厦门模拟)一辆公共汽车进站后开始刹车，做匀减速直线运动。开始刹车后的第 1 s 内和第 2 s 内位移大小依次为 9 m 和 7 m。则刹车后 6 s 内的位移是( )A20 m B24 m3C25 m D75 m解析：选 C 由 x9 m7 m2 m 可知，汽车在第 3 s、第 4 s、第 5 s 内的位移分别为 5 m、3 m、1 m，汽车在第 5 s 末的速度为零，故刹车后 6 s 内的位移等于前 5 s内的位移，大小为 9 m7 m5 m3 m1 m25 m，故 C 正确。6一物体
7、以初速度v0做匀减速直线运动，第 1 s 内通过的位移为x13 m，第 2 s 内通过的位移为x22 m，又经过位移x3物体的速度减小为 0，则下列说法错误的是( )A初速度v0的大小为 2.5 m/sB加速度a的大小为 1 m/s2C位移x3的大小为 1.125 mD位移x3内的平均速度大小为 0.75 m/s解析：选 A 由 xaT2可得加速度大小a1 m/s2；第 1 s 末的速度v12.5 m/s；物体的速度由 2.5 m/s 减速到 0 所需时间t2.5 s，则经过x1x2 2Tv a位移x3的时间t为 1.5 s，且x3at21.125 m；位移x3内的平均速度 0.75 1 2v
8、x3 tm/s。故选 A。7多选一物块以一定的初速度从光滑斜面底端a点上滑，最高可滑至b点，后又滑回至a点，c是ab的中点，如图所示，已知物块从a上滑至b所用时间为t，下列分析正确的是( )A物块从c运动到b所用的时间等于从b运动到c所用的时间B物块上滑过程的加速度与下滑过程的加速度等大反向C物块下滑时从b运动至c所用时间为t22D物块上滑通过c点时的速度大小等于整个上滑过程中平均速度的大小解析：选 AC 由于斜面光滑，物块沿斜面向上与向下运动的加速度相同，agsin ，故物块从c运动到b所用的时间等于从b运动到c所用的时间，选项 A 正确，B 错误；物块由b到a的过程是初速度为零的匀加速直线
9、运动，则可知，解得tbct，选tbc t1222项 C 正确；由于c是位移的中点，物块上滑过程中通过c点的速度不等于整个上滑过程的平均速度，选项 D 错误。8多选(2018晋中模拟)一个质点正在做匀加速直线运动，用固定的照相机对该质点进行闪光照相，闪光时间间隔为 1 秒，分析照片得到的数据，发现质点在第 1 次、第 2次闪光的时间间隔内移动了 2 m，在第 3 次、第 4 次闪光时间间隔内移动了 8 m，由此可求( )A第 1 次闪光时质点的速度4B质点运动的加速度C从第 2 次闪光到第 3 次闪光的这段时间内质点的位移D质点运动的初速度解析：选 ABC 由题意可知：x12 m，x38 m，T
10、1 s根据xmxn(mn)aT2得：a m/s23 m/s2，故 B 正确；xmxn mnT282 31 12设第一次曝光时的速度为v，x1vTaT2，解得v0.5 m/s，故 A 正确；1 2根据x2x1aT2得：x2aT2x15 m，故 C 正确；由于不知道第一次曝光时物体已运动的时间，故无法知道初速度，故 D 错误。对点训练：自由落体运动9.多选很多同学都做过测量“反应时间”的实验。如图所示，甲同学手握直尺，某时刻甲同学放开直尺，从乙同学看到甲同学松开直尺，到他抓住直尺所用的时间就叫“反应时间” 。直尺长 20 cm，处于竖直状态；乙同学的手放在直尺 0 刻度线位置。甲、乙两位同学做了两
11、次测量“反应时间”的实验，第一次乙同学手抓住直尺位置的刻度值为 11.25 cm，第二次手抓住直尺位置的刻度值为 5 cm。直尺下落过程中始终保持竖直状态。取重力加速度g10 m/s2。则下列说法中正确的是( )A乙同学第一次的“反应时间”为 1.25 sB乙同学第二次的“反应时间”为 0.1 sC乙同学第一次抓住直尺之前的瞬间，直尺的速度约为 1.5 m/sD若将尺子上原来的长度值改为对应的“反应时间”值，则测量量程为 0.2 s解析：选 BCD 设直尺下降的高度为h，根据hgt2得，t1 1 22h1 gs0.15 s，故 A 错误；t2 s0.1 s，故 B 正确；2 0.112 5 1
12、02h2 g2 0.05 10乙同学第一次抓住直尺之前的瞬间，直尺的速度约为vgt11.5 m/s，故 C 正确；根据hgt2得，t s0.2 s，故 D 正确。1 22h g2 0.2 1010.(2018江苏宿迁七校联考)伽利略在研究自由落体运动时，做了如下的实验：他让一个铜球从阻力很小(可忽略不计)的斜面上由静止开始滚下，并且做了上百次。假设某次实验伽利略是这样做的：在斜面上任取三个位置A、B、C，让小球分别由A、B、C滚下，5如图所示。A、B、C与斜面底端的距离分别为s1、s2、s3，小球由A、B、C运动到斜面底端的时间分别为t1、t2、t3，小球由A、B、C运动到斜面底端时的速度分别
13、为v1、v2、v3。则下列关系式中正确，并且是伽利略用来证明小球沿光滑斜面向下运动是匀变速直线运动的是( )Av1v2v3 B.v1 t1v2 t2v3 t3Cs1s2s2s3 D.s1 t12s2 t22s3 t32解析：选 D 球在斜面上三次运动的位移不同，末速度一定不同，A 错误。由vat可得，a ，三次下落中的加速度相同，故关系式正确，但不是当时伽利略用来证明时所用v t的结论，B 错误。由题图及运动学规律可知，s1s2s2s3，C 错误。由运动学公式可知sat2，故a，三次运动中位移与时间平方的比值一定为定值，伽利略正是用这一规1 22s t2律说明小球沿光滑斜面向下运动为匀变速直线
14、运动，D 正确。考点综合训练11(2018镇江模拟)一质点在t0 时刻从坐标原点出发，沿x轴正方向做初速度为零，加速度大小为a1的匀加速直线运动，t1 s 时到达x5 m 的位置，速度大小为v1，此时加速度立即反向，加速度大小变为a2，t3 s 时质点恰好回到原点，速度大小为v2，则( )Aa23a1Bv23v1C质点向x轴正方向运动的时间为 2 sD质点向x轴正方向运动最远到x9 m 的位置解析：选 D 设第一段时间为t1，第二段时间为t2,1 s 末的速度为v1，最后的速度为v2，t11 s，t22 s，则：xa1t121 2代入数据得：a110 m/s2v1a1t1，v2a2t2a1t1
15、由题意：xt1t2v1 2v2v1 2联立得：a212.5 m/s2，v110 m/s，v215 m/s即：a2a1，v2v1，故 A、B 错误；质点向x轴正方向减速的时间为：t35 43 2v1 a2s0.8 s，所以质点向x轴正方向运动的时间为：tt1t31 s0.8 s1.8 s，10 12.56故 C 错误；质点向x轴正方向运动最远的位置：xm(t1t3)(10.8)m9 m，v1 210 2故 D 正确。12(2018镇江一模)建筑工人安装脚手架进行高空作业时，一名建筑工人不慎将抓在手中的一根长 5 m 的铁杆在竖直状态下由静止脱手，不计空气阻力。(g取 10 m/s2，不计楼层面的厚度)试问：(1)假设杆的下端离地面 45 m，那么铁杆碰到地面时的速度大约是多少？(2)若铁杆在下落过程中经过某楼层面的时间为 0.2 s，试求铁杆下落时其下端距离该楼层面的高度是多少？解析：(1)由v22gh得铁杆碰到地面时的速度：v m/s30 m/s。2gh2 10 45(2)设下端距该楼层高度为H，根据位移公式
