《江苏专版2019高考物理一轮复习课时跟踪检测二十二电场能的性质》由会员分享，可在线阅读，更多相关《江苏专版2019高考物理一轮复习课时跟踪检测二十二电场能的性质（7页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、1课时跟踪检测（二十二）课时跟踪检测（二十二） 电场能的性质电场能的性质对点训练：电势高低与电势能大小的判断1多选将一电荷量为Q的小球放在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等。a、b为电场中的两点，则( )Aa点的电场强度比b点的大Ba点的电势比b点的高C检验电荷q在a点的电势能比在b点的大D将检验电荷q从a点移到b点的过程中，电场力做负功解析：选 ABD 电场线密的地方电场强度大，A 项正确；沿着电场线方向电势逐渐降低，B 项正确；由Epq可知，负电荷在高电势处电势能小，C 项错误；负电荷从a到b电势能增加，根据电场力做功与电势能变化的关系可知，这个过程中
2、电场力做负功，D 项正确。2.(2018宿迁模拟)某静电除尘设备集尘板的内壁带正电，设备中心位置有一个带负电的放电极，它们之间的电场线分布如图所示，虚线为某带电烟尘颗粒(重力不计)的运动轨迹，A、B是轨迹上的两点，C点与B点关于放电极对称。下列说法正确的是( )AA点电势低于B点电势BA点电场强度小于C点电场强度C烟尘颗粒在A点的动能大于在B点的动能D烟尘颗粒在A点的电势能小于在B点的电势能解析：选 A 沿电场线电势降低，由题图可知，A点电势低于B点电势，故 A 正确；由题图可知，A点电场线比C点密集，因此A点的场强大于C点场强，故 B 错误；由运动轨迹可知，烟尘颗粒带负电，故由A到B电场力做
3、正功，动能增加，电势能减小，故烟尘颗粒在A点的动能小于在B点的动能，在A点的电势能大于在B点的电势能，选项 C、D 错误。对点训练：电势差与电场强度的关系3.在匀强电场中建立一直角坐标系，如图所示。从坐标原点沿y轴前进 0.2 m 到A点，电势降低了 10 V，从坐标原点沿x轴前进 0.2 m 到B点，电势2升高了 10 V，则匀强电场的场强大小和方向为( )22A50 V/m，方向BA B50 V/m，方向ABC100 V/m，方向BA D100 V/m，方向垂直AB斜向下解析：选 C 连接AB，由题意可知，AB中点C点电势应与坐标原点O相等，连接OC即为等势线，与等势线OC垂直的方向为电场
4、的方向，故电场方向由BA，其大小E U dV/m100 V/m，选项 C 正确。10 210 22 0.24.如图所示，匀强电场方向平行于xOy平面，在xOy平面内有一个半径为 R5 m 的圆，圆上有一个电荷量为q1108 C 的试探电荷P，半径OP与x轴正方向的夹角为，P沿圆周移动时，其电势能Ep2.5105sin (J)，则( )Ax轴位于零势面上B电场强度大小为 500 V/m，方向沿y轴正方向Cy轴位于零势面上D电场强度大小为 500 V/m，方向沿x轴正方向解析：选 A 由Ep2.5105sin (J)知，x轴上的势能为零，是零势面，电场线沿y轴方向，A 正确，C 错误；当 90时，
5、Ep2.5105 JEqR，解得 E500 V/m，此时电势能大于零，故电场强度的方向沿y轴负方向，B、D 错误。对点训练：电场线、等势线(面)及带电粒子的运动轨迹问题5.(2018扬州中学月考)图中K、L、M为静电场中的 3 个相距很近的等势面(K、M之间无电荷)。一带电粒子射入此静电场中后，沿abcde轨迹运动。已知电势KLM，且粒子在ab段做减速运动。下列说法中正确的是( )A粒子带负电B粒子在bc段也做减速运动C粒子在a点的速率大于在e点的速率D粒子从c点到d点的过程中电场力做负功解析：选 B 已知电势KLM，作出电场线如图所示，方向大体向左，由轨迹弯曲方向知道，粒子所受的电场力方向大
6、体向左，故粒子带正电，故 A 错误；由电势LM，bc电场力对正电荷做负功，动能减小，做减速运动，故 B 正确；a与e处于同一等势面上电势相等，电势能相等，根据能量守恒，速度大小也相等，故 C 错误；粒子从c点到d点的过程中，电势降低，正电荷的电势能减小，电场力做正功，故 D 错误。6.多选(2016海南高考)如图，一带正电的点电荷固定于O点，两虚线圆均以O为圆心，两实线分别为带电粒子M和N先后在电场中运动的轨迹，3a、b、c、d、e为轨迹和虚线圆的交点。不计重力。下列说法正确的是( )AM带负电荷，N带正电荷BM在b点的动能小于它在a点的动能CN在d点的电势能等于它在e点的电势能DN在从c点运
7、动到d点的过程中克服电场力做功解析：选 ABC 如图所示，粒子受到的电场力指向轨迹的凹侧，可知M受到了引力作用，N受到了斥力作用，故M带负电荷，N带正电荷，选项 A 正确；由于虚线是等势面，故M从a点到b点电场力对其做负功，动能减小，选项 B 正确；d点和e点在同一等势面上，N在d点的电势能等于它在e点的电势能，故选项 C 正确； N从c点运动到d点的过程中，电场力做正功，故选项 D 错误。对点训练：静电场中的图像问题7在某一静电场中建立x轴，其电势随坐标x变化的图线如图所示。若将一带负电的粒子(重力不计)从坐标原点O处由静止释放，电场中P、Q两点位于x轴上，其横坐标分别为 1 cm、4 cm
8、。则下列说法正确的是( )A粒子经过P点与Q点时，动能相等B粒子经过P、Q两点时，加速度大小之比为 11C粒子经过P、Q两点时，电场力功率之比为 11D粒子恰能运动到离原点 12 cm 处解析：选 A 由题图可知，横坐标为 1 cm 和 4 cm 的P、Q两点电势相等，粒子经过P点到Q点的过程中，电场力做功为零，动能相等，A 正确；x图像的斜率大小等于场强E，则知P点的场强为Q点的场强的二倍，粒子在P、Q两点电场力和加速度之比都为21，B 错误；根据功率PFv，功率之比为 21，C 错误；根据顺着电场线方向电势降低可知，02 cm 内，电场线沿x轴负方向，粒子所受的电场力方向沿x轴正方向做加速
9、运动；在 26 cm 内电场线沿x轴正方向，粒子所受的电场力方向沿x负方向做减速运动，6 cm 处粒子的速度为零；然后粒子向左先做加速运动后做减速运动。即在 06 cm 间做往复运动，故 D 错误。8.多选(2018昆山模拟)一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能Ep随位移x变化的关系如图所示，其中0x2段是对称的曲线，x2x3是直线段，则下列说法正确的是( )4Ax1处电场强度为零Bx2x3段是匀强电场Cx1、x2、x3处电势1、2、3的关系为123D粒子在 0x2段做匀变速运动，x2x3段做匀速直线运动解析：选 ABC 根据电势能与电势的关系：Epq，场强与电势的关系：E，
10、 x得：E，由数学知识可知Epx图像切线的斜率等于，x1处切线斜率为零，则Ep qxEp xx1处电场强度为零，故 A 正确。由题图看出在 0x1段图像切线的斜率不断减小，由上式知场强减小，粒子所受的电场力减小，加速度减小，做非匀变速运动。x1x2段图像切线的斜率不断增大，场强增大，粒子所受的电场力增大，做非匀变速运动。x2x3段斜率不变，场强不变，即电场强度大小和方向均不变，是匀强电场，粒子所受的电场力不变，做匀变速直线运动，故 D 错误，B 正确。根据电势能与电势的关系：Epq，因粒子带负电，q0，则知电势能越大，粒子所在处的电势越低，所以有：123，故 C 正确。对点训练：电场力做功与功
11、能关系9(2018常州一中月考)如图所示，一个电荷量为Q的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的O点。另一个电荷量为q、质量为m的点电荷乙，从A点以初速度v0沿它们的连线向甲运动，运动到B点时速度为v，且为运动过程中速度的最小值。已知点电荷乙受到的阻力大小恒为f，A、B两点间距离为L0，静电力常量为k，则下列说法正确的是( )A点电荷乙从A点向甲运动的过程中，加速度先增大后减小B点电荷乙从A点向甲运动的过程中，其电势能先增大再减小CO、B两点间的距离为 kQq fD在点电荷甲形成的电场中，A、B两点间的电势差为UABfL012mv2 q解析：选 C 点电荷乙从A点向甲运动的过程中，受向左的静电力和向右
12、的摩擦力，两球靠近过程中库仑力逐渐增大，小球先减速后加速，所以加速度先减小后增大，故 A 错误；在小球向左运动过程中电场力一直做正功，因此电势能一直减小，故 B 错误；当速度最小时有：fF库k，解得：r ，故 C 正确；点电荷从A运动到B过程中，根据Qq r2kQq f动能定理有：UABqfL0mv2mv02，解得UAB，故 D 错误。1 21 2fL012mv21 2mv02 q510.多选(2018扬州模拟)如图所示，竖直平面内有半径为R的半圆形光滑绝缘轨道ABC，A、C两点为轨道的最高点，B点为最低点，圆心处固定一电荷量为q1的点电荷。将另一质量为m、电荷量为q2的带电小球从轨道A处无初
13、速度释放，已知重力加速度为g，则( )A小球运动到B点时的速度大小为2gRB小球运动到B点时的加速度大小为 2gC小球从A点运动到B点过程中电势能减少mgRD小球运动到B点时对轨道的压力大小为 3mgkq1q2 R2解析：选 ABD q1、q2间的库仑力始终与运动方向垂直，不做功，在小球从A到B的运动过程中，只有重力做功，机械能守恒，mgRmv2，v，A 正确；小球运动到B1 22gR点时有向心加速度，加速度大小a2g，B 正确；由于库仑力始终与运动方向垂直，不v2 R做功，电势能不变，C 错误；小球运动到B点时合外力等于向心力，设对轨道的压力F，Fmgm2mg，F3mgk，D 正确。kq1q
14、2 R2v2 Rq1q2 R2考点综合训练11.如图所示，带正电的A球固定在足够大的光滑绝缘斜面上，斜面的倾角37，其带电荷量Q 105 C；质量m0.1 kg、带8 3电荷量q1107 C 的B球在离A球L0.1 m 处由静止释放，两球均可视为点电荷。(静电力常量k9109 Nm2/C2，sin 370.6，cos 370.8，g10 m/s2)(1)A球在B球释放处产生的电场强度大小和方向；(2)B球的速度最大时两球间的距离；(3)若B球运动的最大速度为v4 m/s，求B球从开始运动到最大速度的过程中电势能怎么变？变化量是多少？解析：(1)A球在B球释放处产生的电场强度大小Ek9109 N
15、/C2.4107 N/C；Q L28 3 1050.12方向沿斜面向上。(2)当静电力等于重力沿斜面向下的分力时B球的速度最大，即：Fkmgsin ，Qq r26解得r0.2 m。(3)由于rL，可知两球相互远离，则B球从开始运动到最大速度的过程中电场力做正功，电势能变小；根据功能关系可知：B球减小的电势能等于它动能和重力势能的增加量，所以B球电势能变化量为：Ep1 2mv2mgrLsin 解得，Ep0.86 J。答案：(1)2.4107 N/C，方向沿斜面向上 (2)0.2 m(3)电势能变小，变化量是 0.86 J12.(2018如东检测)如图所示，内表面绝缘光滑的圆轨道位于竖直平面内，轨道半径为r，A、B分别为内轨道的最高点和最低点，圆心O固定电荷量为Q的点电荷，质量为m、电荷量为q的小球能在圆轨道内表面做完整的圆周运动，重力加速度为g，静电力常量为k。(1)若小球经过B点的速度为v0，求此时对轨道的压力大小；(2)求小球经过A点最小速度的大小v；(3)若小球经过A点对轨道的压力为mg，求经过B点时的动能Ek。解析：(1)设此时轨道对小球的支持力为N，由向心力公式有NmgmkQq r2v02 r解得Nmmgv02 rkQq r2由牛顿第三定律可知对轨道的压力大小NNm
