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1、天津市和平区天津市和平区 2018 届高三上学期期末考试物理试题届高三上学期期末考试物理试题一、单项选择题：每小题一、单项选择题：每小题 4 分，共分，共 32 分。每小题给出的四个选项中，只有一个分。每小题给出的四个选项中，只有一个是正确的是。是正确的是。1. 天然放射现象的发现，证明了原子核具有复杂的结构。关于原子核，下列说法正确的是A. 射线是原子的核外电子电离后形成的电子流B. 某原子核经过一次 衰变后，核内质子数减少 4 个C. 增大压强不能改变原子核衰变的半衰期D. 射线的贯穿作用很强，可用来进行金属探伤【答案】C【解析】A、 射线是原子核内的中子转化为质子同时生成一个电子形成的故
2、 A 错误；B、 衰变是原子核自发放射 粒子的核衰变过程 粒子是电荷数为 2、质量数为 4 的氦核 He质子数等于电荷数 2，所以“核内质子数减少 4 个”是错误的，则 B 错误；C、原子核的半衰期有其自身决定，与所处的物理、化学等外界环境无关，故改变压强不能改变半衰期，C 正确；D、 射线的贯穿作用很强，可用来进行金属探伤， 射线的电离本领最强，D 错误。故选 C.【点睛】该题考查半衰期的特点，衰变的实质和三种射线的性质等多个知识点的内容，解答的关键是正确理解半衰期的意义，理解半衰期是大量放射性原子衰变的统计规律2. 如图所示，当一束一定强度的某一频率的黄光照射到光电管阴极 K 上时，此时滑
3、片 P 处于 A、B 中点，电流表中有电流通过，则A. 若将滑动触头 P 向 B 端移动时，电流表读数有一定增大B. 若用红外线照射阴极 K 时，电流表中一定没有电流通过C. 若用强度更弱的黄光照射阴极 K，电流表读数不变D. 若用强度更弱的紫外线照射阴极 K，光电子的最大初动能一定变大【答案】D【解析】A、光电管所加的电压，使光电子到达阳极，则电流表中有电流流过，且可能处于饱和电流，若将滑动触头 P 向 B 端移动时，电流表读数有可能不变，故 A 错误；B、若用红外线照射阴极 K 时，因红外线的频率小于黄色光，因此可能不发生光电效应，也可能会发生光电效应，电流表不一定没有电流通过故 B 错误
4、；C、若用强度更弱的黄光照射阴极 K 时，能发生光电效应有光子飞出，但光强变若使得飞出的光子数目减小，电流表读数减小故 C 错误；D、紫外线的频率大于黄色光的频率，根据光电效应方程：Ek=hv-W0可知用一束紫外线照射阴极 K 时，出射光电子的最大初动能一定变大，与光的强弱无关故 D 正确；故选 D。【点睛】解答本题的关键知道光电效应的条件，以及知道影响光电流的因素，同时掌握相同能量的频率越高的，光子数目越少3. 中国北斗卫星导航系统（BDS）是中国自行研制的全球卫星导航系统，是继美国全球定位系统（GPS） 、俄罗斯格洛纳斯卫星导航系统（GLONASS）之后第三个成熟的卫星导轨系统，预计 20
5、20 年左右，北斗卫星导航系统将形成全球覆盖能力，如图所示是北斗导航系统中部分卫星的轨道示意图，已知 a、b、c 三颗卫星均做圆周运动，a 是地球同步卫星，则A. 卫星 a 的角速度小于 c 的角速度卫星B. 卫卫星 a 的加速度大于 b 的加速度C. a 的运行速度大于第一宇宙速度D. 卫星 b 的周期大于 24h【答案】A【解析】A、由万有引力提供向心力，得：，则半径大的角速度小，A 错误； B、，半径大的加速度小，B 错误；C. 第一宇宙速度为近地卫星的运行速度，所有卫星的运行速度都小于或等于它，C 错误； D、a 的周期为 24h,由，半径相同周期相同，则 b 的周期为 24 小时，D
6、 正确。故选：D。4. 如图所示，一金属直杆 MN 两端接有导线，悬挂于线圈上方，MN 与线圈轴线均处于竖直平面内，为使 MN 垂直垂直纸面向外运动，可以A. 将 a、b 端分布接电源的正负极，c、d 不接电源B. 将 a、d 端接在电源正极，b、c 端接在电源负极C. 将 a、c 端接在电源正极，a、d 端接在电源负极D. 将 b、c 端接在电源正极，a、d 端接在电源负极【答案】C【解析】试题分析：A、a 接正时电流方向为 MN，c、d 不接电源 MN 不受力；错误B、a 接正时电流方向为 MN，d 接正极时线圈下端为 N 极，由左手定则可判断 MN 向里运动；错误C、a 接正时电流方向为
7、 MN，c 接正极时线圈上端为 N 极，由左手定则可判断 MN 向外运动；正确D、b 接正时电流方向为 NM，c 接正极时线圈上端为 N 极，由左手定则可判断 MN 向里运动；错误故选考点：左手定则点评：本题属于通电直导线在螺线管产生的磁场中的受力问题，利用右手螺旋定则判断磁场，利用左手定则判断受力方向5. 如图所示，两个半径不同，内壁光滑的半圆轨道，固定于地面，两轨道的球心 O、在同一水平高度上，一小球先后从与球心在同一高度上的 A、B 两点从静止开始滑下，以球心所在位置为零势能面，通过最低点时，下列说法中不正确的是A. 小球对轨道的压力是相同的B. 小球的速度相同C. 小球向心加速度是相同
8、的D. 小球的机械能相同【答案】B【点睛】根据机械能守恒或动能定理求出小球通过最低点时的速度，再根据牛顿第二定律求出小球在最低点时所受的支持力，从而进行比较根据向心加速度的公式求出最低点的向心加速度的大小，从而进行比较6. 用控制变量法，可以研究影响平行板电容器的因素，如图所示，平行板电容器的极板 A与一静电计相接，极板 B 接地，若极板 B 稍向上移动一点，由观察到的静电计的指针变化，作出平行板电容器的电容变小的结论，其依据是A. 两极板间的电压不变，静电计指针张角变大B. 两极板间的电压不变，静电计指针张角变小C. 极板上的电量几乎不变，静电计指针张角变小D. 极板上的电量几何不变，静电计
9、指针张角变大【答案】D【解析】A 极板与静电计相连，所带电荷电量几乎不变，B 板与 A 板带等量异种电荷，电量也几乎不变，故电容器的电量 Q 几乎不变将极板 B 稍向上移动一点，极板正对面积减小，电容减小，由公式知板间电压变大，则静电计指针的偏角 变大，故A、B、C 错误，D 正确【点睛】静电计测定电容器极板间的电势差，电势差越大，指针的偏角越大根据电容的决定式分析极板间距离、正对面积变化时电容的变化情况，由于极板所带电荷量不变，再由电容的定义式分析板间电势差的变化，即可再确定静电计指针的偏角变化情况.7. 如图所示为一速度选择器，两极板 P1、P2之间存在电场强度为 E 的匀强电场和磁感应强
10、度为 B 的匀强磁场。一束带电粒子流以速度 v 从 S1沿直线运动到 S2，则下列说法中正确的是A. 该粒子流的粒子一定带正电B. 粒子从 S1到 S2一定做匀速直线运动C. 粒子运动的速度大小一定等于 B/ED. 若粒子以速度 v 从 S2向上运动，一定能沿直线到达 S1【答案】B【解析】A、粒子受洛伦兹力和电场力；假设粒子带正电，则受到向下的洛伦兹力，电场力向上；若粒子带负电，洛伦兹力向上，电场力向下；均可以平衡；故 A 粒子可以带正电，也可以带负电；故 A 错误；B、C、洛伦兹力与电场力平衡 qE=qvB，粒子做匀速直线运动才能不发生偏转而直线通过，解得，故 B 正确，C 错误； D、如
11、果这束粒子流从 S2处沿直线 ba 方向射入，电场力方向不变，洛伦兹力反向，故电场力与洛伦兹力方向相同，不再平衡，故合力与速度不共线，粒子开始做曲线运动，不能运动到 S1处，故 D 错误；故选 B.【点睛】在速度选择器中，粒子的受力特点：同时受到方向相反的电场力和洛伦兹力作用；粒子能匀速通过选择器的条件：电场力和洛伦兹力平衡，即 qvB=qE， ，只有速度为粒子才能沿直线匀速通过选择器；若粒子从反方向射入选择器，所受的电场力和磁场力方向相同，粒子必定发生偏转8. 两个大小不同的绝缘金属圆环如图叠放在一起，小圆环有一半面积在大圆环内，当大圆环通上顺时针方向电流的瞬间，小圆环中感应电流的方向是A.
12、 顺时针方向B. 逆时针方向C. 左半圆顺时针，右半圆逆时针D. 无感应电流【答案】B【解析】试题分析：根据安培定则，当大圆环中电流为顺时针方向时，圆环所在平面内的磁场是垂直于纸面向里的，而环外的磁场方向垂直于纸面向外，虽然小圆环在大圆环里外的面积一样，但环里磁场比环外磁场要强，净磁通量还是垂直于纸面向里由楞次定律知，感应电流的磁场阻碍“”方向的磁通量的增强，应垂直于纸面向外，再由安培定则得出小圆环中感应电流的方向为逆时针方向，B 选项正确故选 B考点：楞次定律点评：解决本题的关键掌握同向电流、异向电流的关系同向电流相互吸引，异向电流相互排斥同时还考查右手螺旋定则与楞次定律二、多项选择题：每小
13、题二、多项选择题：每小题 3 分，共分，共 12 分，每小题给出的四个选项中，都有多个分，每小题给出的四个选项中，都有多个选项是正确的，全部选对的得选项是正确的，全部选对的得 3 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 1 分，选错或不答的得分，选错或不答的得 0分。分。9. 如图所示，在粗糙、绝缘且足够大的水平面上固定着一个带负电荷的点电荷 Q，将一个直流为 m 带电荷为 q 的小物体（可以看成为质点）放在水平面上并由静止释放，小物体将在水平面上沿远离 Q 的方向开始运动，则在小物体运动的整个过程中A. 小物体的加速度一直在减小B. 小物体的电势能一直在减小C. 电场力对小物体做的功等于小物体
14、动能的增加量D. 小物体机械能与电势能的总和一直在减小【答案】BD【解析】A、开始时，电场力大于摩擦力，运动的过程中，电场力逐渐减小，则加速度减小，然后摩擦力大于电场力，加速度又逐渐增多，所以加速度先减小后增大故 A 错误；B、在整个运动的过程中，电场力一直做正功，电势能一直减小故 B 正确C、D、根据能量守恒定律知，在整个过程中动能变化为零，重力势能不变，则电场力做的功全部转化为摩擦产生的热量，即机械能与电势能的总和一直在减小变为热能，故 C 错误，D 正确故选BD【点睛】解决本题的关键理清金属块的运动过程，掌握电场力做功与电势能的关系，以及会运用能量守恒定律分析问题10. 用一竖直向上的力
15、将原来在地面上静止的重物向上提起，重物由地面运动至最高点的过程中，v-t 图像如图所示，以下判断正确的是A. 前 3s 内拉力功率恒定B. 最后 2s 内货物处于超重状态C. 前 3s 内与最后 2s 内货物的平均速度相同D. 最后 2s 运动过程中，货物的机械能增大【答案】CD【解析】A、v-t 图象的斜率表示加速度，则知前 3s 内，重物做匀加速直线运动，加速度不变，拉力不变，而速度增大，则由 P=Fv 知，拉力的功率增大，故 A 错误B、最后 2s 内重物做匀减速上升，加速度向下，处于失重状态，故 B 错误C、前 3 s 内货物做匀加速运动，平均速度为：，最后 2s 内货物做匀减速运动，
16、平均速度为：，可知平均速度相同，故 C 正确D、35s 内货物向上做匀速直线运动，重力势能增加，动能不变，则机械能增加故 D 正确故选 CD【点睛】解决本题的关键知道速度时间图线斜率和图线与时间轴围成的面积表示的含义，以及掌握机械能守恒定律的条件11. 如图所示，在垂直纸面向里的匀强磁场的边界上，有两个治疗和电荷量均相同的正负离子（不计重力） ，从点 O 以相同的速度先后射入磁场中，入射方向与边界成 角，则关于正负离子在磁场中运动的说法中正确的是A. 运动轨迹的半径相同B. 运动时间相同C. 重新回到边界时受到的大小和方向相同D. 重新回到边界的位置与 O 点的距离相等【答案】ACD【解析】据题意画出两种粒子的运动轨迹如图：A、根据牛顿第二定律得：得：，由题 q、v、B 大小均相同，则 r 相同故A 正确B、根据左手定则分析可知，正离子逆时针偏转，负离子顺时针偏转，重新回到边界时正离子的速度偏向角为 2-2，轨迹的圆心角也为 2-2，运动时间；同理负离子运动时间，
