《力学 第3讲 受力分析 共点力的平衡物理教案》由会员分享，可在线阅读，更多相关《力学 第3讲 受力分析 共点力的平衡物理教案（8页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、 受力分析受力分析 共点力的平衡共点力的平衡受 力 分 析1定义把指定物体(研究对象)在特定的物理环境中受到的所有外力都找出来，并画出受力示意图的过程。2受力分析的一般顺序(1)分析场力(重力、电场力、磁场力)；(2)分析接触力(弹力、摩擦力)；(3)分析其他力。1受力分析的常用方法方法整体法隔离法假设法概念将加速度相同的几个相互关联的物体作为一个整体进行分析的方法将所研究的对象从周围的物体中分离出来进行分析的方法在受力分析时，若不能确定某力是否存在，可先对其作出存在或不存在的假设的方法选用原则研究系统外的物体对系统整体的作用力或系统整体的加速度研究系统内部各物体之间的相互作用力根据力存在与否
2、对物体运动状态影响的不同来判断力是否存在注意问题受力分析时不考虑系统内各物体之间的相互作用力一般情况下隔离受力较少的物体一般在分析弹力或静摩擦力时应用2受力分析的基本步骤基本步骤具体操作明确研究对象即确定分析受力的物体，研究对象可以是单个物体，也可以是多个物体组成的系统隔离物体分析将研究对象从周围的物体中隔离出来，进而分析周围物体有哪些对它施加了力的作用画受力示意图边分析边将力一一画在受力示意图上，准确标出力的方向，标明各力的符号1.用一轻绳将小球P系于光滑墙壁上的O点，在墙壁和球P之间夹有一矩形物块Q，如图 231 所示。P、Q均处于静止状态，则下列相关说法正确的是( )图 231AP物体受
3、 4 个力BQ受到 3 个力C若绳子变长，绳子的拉力将变小D若绳子变短，Q受到的静摩擦力将增大解析：选 AC 因墙壁光滑，故墙壁和Q之间无摩擦力，Q处于平衡状态，一定受重力，P对Q的压力，墙壁对Q的弹力，以及P对Q向上的静摩擦力，而P受重力，绳子的拉力，Q对P的弹力，Q对P的摩擦力，把P、Q视为一整体，竖直方向有Fcos (mQmP)g，其中为绳子和墙壁的夹角，F为绳子的拉力，易知，绳子变长，拉力变小，P、Q之间的静摩擦力不变。共点力的平衡1平衡的两种状态(1)静止状态。(2)匀速直线运动状态。2共点力的平衡条件(1)F合0；(2)Fx0 且Fy0。3平衡条件的拓展(1)二力平衡：如果物体在两
4、个共点力的作用下处于平衡状态，这两个力必定大小相等，方向相反。(2)三力平衡：如果物体在三个共点力的作用下处于平衡状态，其中任何一个力与其余两个力的合力大小相等，方向相反；并且这三个力的矢量可以形成一个封闭的矢量三角形。(3)多力平衡：如果物体在多个共点力的作用下处于平衡状态，其中任何一个力与其余几个力的合力大小相等，方向相反。1处理平衡问题常用的方法方 法内 容合成法物体受三个共点力的作用而平衡，则任意两个力的合力一定与第三个力大小相等，方向相反。分解法物体受三个共点力的作用而平衡，将某一个力按力的效果分解，则其分力和其他两个力满足平衡条件。正交分解法物体受到三个或三个以上力的作用时，将物体
5、所受的力分解为相互垂直的两组，每组力都满足平衡条件。力的三角形法对受三力作用而平衡的物体，将力的矢量图平移使三力组成一个首尾依次相接的矢量三角形，根据正弦定理、余弦定理或相似三角形等数学知识求解未知力。2处理动态平衡、临界与极值问题的两种方法及步骤(1)解析法步骤：列平衡方程求出未知量与已知量的关系表达式；根据已知量的变化情况来确定未知量的变化情况。(2)图解法步骤：根据已知量的变化情况，画出平行四边形的边角变化；确定未知量大小、方向的变化。2.如图 232 所示，一光滑斜面固定在地面上，重力为G的物体在一水平推力F的作用下处于静止状态。若斜面的倾角为，则( )图 232AFGcos BFGs
6、in C物体对斜面的压力FNGcos 来源:学。科。网 Z。X。X。K来源:高考资源网D物体对斜面的压力FNG cos解析：选 D 物体所受三力如图所示，根据平衡条件，F、FN的合力与重力等大反向，有FGtan ，FNFN，故只有 D 选项正确。G cos 物体的受力分析命题分析 受力分析是解决力学问题的重要环节，属于高考中的重要考点，凡涉及到力的题目(包括选择题和计算题)，都会考查到受力分析这一过程。例 1 (2012安徽十校联考)一倾角为 30的斜劈放在水平地面上，一物体沿斜劈匀速下滑。现给物体施加如图 233 所示的力F，F与竖直方向夹角为 30，斜劈仍静止，则此时地面对斜劈的摩擦力(
7、)图 233A大小为零 B方向水平向右C方向水平向左 D无法判断大小和方向解析 斜劈倾角30，未施加作用力F时，对该物体进行受力分析可得：mgcos mgsin ，得tan ，物体对斜劈的压力为FNmgcos ，摩擦力大33小为Ffmgcos ，由于斜劈此时静止，以物体和斜劈为整体，由整体法可得地面对斜劈的摩擦力为零，对斜劈进行受力分析可得，在水平方向满足：mgcos cos mgcos sin ；当施加作用力F后，对物体进行受力分析可得，沿斜面向下的作用力：F1Fsin 60mgsin 30，由最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力可求最大摩擦力大小为：Ffm(Fcos 60mgcos 30)，代入
8、值可求得F1Ffm，故物体加速下滑；对斜劈进行受力分析，在水平方向：Ffx(Fcos 60mgcos 30)cos 30，FNx(Fcos 60mgcos 30)sin 30，代入值可求得物体对斜劈的滑动摩擦力在水平方向的分力仍与物体对斜劈的压力在水平方向的分力平衡，即Ffx与FNx等大反向，可得斜劈静止，与地面无摩擦，A 正确。答案 A变式训练1.如图 234 所示，竖直放置的轻弹簧一端固定在地面上，另一端与斜面体P连接，P的斜面与固定挡板MN接触且处于静止状态，则斜面体P此刻所受的外力个数有可能为( )图 234A2 个 B3 个C4 个 D 5 个解析：选 AC 若斜面体P受到的弹簧弹力
9、F等于其重力mg，则MN对P没有力的作用，如图(a)所示，P受到 2 个力，A 对；若弹簧弹力大于P的重力，则MN对P有压力FN，若只有压力FN则P不能平衡，一定存在向右的力，只能是MN对P的摩擦力Ff，因此P此时受到4 个力，如图(b)所示，C 对。共点力的平衡问题命题分析 平衡问题是历年高考必考的考点，考查的方式有选择和计算等；既可单独命题，也可与其他知识(如电场、磁场等)综合命题。例 2 (2012山东高考)如图 235 所示，两相同轻质硬杆OO1、OO2可绕其两端垂直纸面的水平轴O、O1、O2转动，在O点悬挂一重物M，将两相同木块m紧压在竖直挡板上，此时整个系统保持静止。Ff表示木块与
10、挡板间摩擦力的大小，FN表示木块与挡板间正压力的大小。若挡板间的距离稍许增大后，系统仍静止且O1、O2始终等高，则( )图 235AFf变小 BFf不变CFN变小 DFN变大思维流程第一步：抓信息关键点关键点信息获取(1)OO1、OO2可绕其两端垂直纸面的水平轴O、O1、O2转动两硬杆OO1、OO2产生的弹力一定沿杆的方向(2)将两相同木块m紧压在竖直挡板上两木块与挡板间的摩擦力和正压力的大小分别相等(3)若挡板间的距离稍许增大后，系统仍静止挡板与木块间的正压力改变时，静摩擦力不一定变化第二步：找解题突破口(1)根据O点受力平衡，求出两杆OO1、OO2的弹力，并进一步求出杆对木块的作用力的水平
11、分力和竖直分力。(2)根据共点力的平衡特点，并利用正交分解法求出FN和Ff。第三步：条理作答解析 对O点受力分析可知杆中弹力为F1，杆对木块m的压力可分解为水G 2cos 平分量F3F2sin F1sin tan G 2竖直分量F4F2cos ；G 2当挡板间距离变大时，变大，F3变大，木块对挡板的弹力FN变大；F4为定值，Ff大小不变。正确选项为 BD。答案 BD1.共点力平衡问题的解题步骤1选取研究对象：根据题目要求，选取一个平衡体单个物体或系统，也可以是结点作为研究对象。2画受力示意图：对研究对象进行受力分析，画出受力示意图。3正交分解：选取合适的方向建立直角坐标系，将所受各力正交分解。
12、,4列方程求解：根据平衡条件列出平衡方程，解平衡方程，对结果进行讨论。2.应注意的问题,1物体受三个力平衡时，利用力的分解法或合成法比较简单。2解平衡问题建立坐标系时应使尽可能多的力与坐标轴重合，需要分解的力尽可能少。物体受四个以上的力作用时一般要采用正交分解法。变式训练2(2013青岛模拟)半圆柱体P放在粗糙的水平地面上，其右端有固定放置的竖直挡板MN。在P和MN之间放有一个光滑均匀的小圆柱体Q，整个装置处于静止状态。如图236 所示是这个装置的纵截面图。若用外力使MN保持竖直、缓慢地向右移动，在Q落到地面以前，发现P始终保持静止。在此过程中，下列说法中正确的是( )图 236AMN对Q的弹
13、力逐渐减小B地面对P的摩擦力逐渐增大CP、Q间的弹力先减小后增大DQ所受的合力逐渐增大解析：选 B 以PQ整体为研究对象，MN对Q的弹力和地面对P的摩擦力是一对平衡力，以Q为研究对象画受力分析图，可知MN右移时MN对Q的弹力和P、Q间的弹力都是增大的；Q始终处于平衡状态，因此所受合力始终为零，故只有 B 正确。开“芯”技法突破平衡的临界极值问题1临界问题当某物理量变化时，会引起其他几个物理量的变化，从而使物体所处的平衡状态“恰好出现”或“恰好不出现” ，在问题的描述中常用“刚好” 、 “刚能” 、 “恰好”等语言叙述。2极值问题平衡物体的极值，一般指在力的变化过程中的最大值和最小值问题。3解决
14、极值问题和临界问题的方法(1)物理分析方法：根据物体的平衡条件，作出力的矢量图，通过对物理过程的分析，利用平行四边形定则进行动态分析，确定最大值与最小值。(2)数学方法：通过对问题的分析，依据物体的平衡条件写出物理量之间的函数关系(或画出函数图象)，用数学方法求极值(如求二次函数极值、公式极值、三角函数极值)。但利用数学方法求出极值后，一定要依据物理原理对该值的合理性及物理意义进行讨论或说明。示例 物体A的质量为 2 kg，两根轻细绳b和c的一端连接于竖直墙上，另一端系于物体A上，在物体A上另施加一个方向与水平线成角的拉力F，相关几何关系如图237 所示，60。若要使两绳都能伸直，求拉力F的取
15、值范围(g取 10 m/s2)。图 237解析 作出物体A的受力分析图如图所示，由平衡条件得Fsin F1sin mg0Fcos F2F1cos 0由式得FF1mg sin 由式得Fmg 2sin F2 2cos 要使两绳都伸直，则有F10，F20所以由式得Fmax Nmg sin 40 33由式得Fmin Nmg 2sin 20 33综合得F的取值范围为 NF N。20 3340 33来源:学#科#网 Z#X#X#K答案 NF N20 3340 33名师点评 来源:高考资源网 KS5U.COM(1)求解平衡中的临界问题和极值问题时，首先要正确地进行受力分析和变化过程分析，找出平衡的临界点和极值点。(2)临界条件必须在变化中去寻找，不能停留在一个状态来研究临界问题，而是把某个物理 量推向极端，即极大和极小，并依此做出科学的推理分析，从而给出判断或导出一般结论。
