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1、1高高一一物物理理寒寒假假测测练练题题( (一一) ) (直线运动 ) 参考答案一一. 选选择择题题 :123456789CBCACABDADBDBCD101112131415161718DBABACDBDBD二二. 填填空空题题 :(19) 2.75 (20) 140 (21) 3(2n1) 6n(22) 9.75 (23) (24) 22.52) 1() 1(2 tnnS 三三. 实实验验题题 :(25) 计时, 0.02, 大于(26) B、E、F、C、D、A(27) 匀加速直线运动 ; 在实验误差允许范围内 ,相邻相等时间间隔内的位移之差相等; 158四四. 计计算算题题 :(28)解
2、: 物体 B 的运动时间为 秒5210aVtA B在此时间内 B 前进了 米255210BBtVS这时 A 前进了 米2054 BAAtVS可见在此时间内 A 没有追上 B,必须在 B 停止后,A 才能追上 B.故 A 追上B 的时间为 秒84257AB VSSt(29)解: 球 1 比球 2 多用了 7 秒, 所以球抛出时初速度的大小为米/秒352710 0tgVVt所以抛出点离地面高度为米40110211352122 0gttVH因此第 3 个球自由落下所需时间为秒83. 2104022gHt2(30)解: 要使甲物体能与乙物体相碰 ,则乙物体运动时间不能小于甲物体下落到地面的时间.对甲:
3、 即 2 21gth ght20对乙: 即 100tgVVgVt0 12由 t1t0 得 20ghV 又设乙到达顶点刚好与甲相碰 , 则有甲、乙位移大小之和等于h: hgttVgt2 2202 221 21乙物体到达顶点 ,有 200gtV 联立上面两式 , 解得 ghV 0故要使乙物体在下落过程中与甲物体相碰, 必须满足条件 :ghVgh02 高高一一物物理理寒寒假假测测练练题题 (二二) (力和物体的平衡 )参参考考答答案案一一、选选择择题题答答案案 :123456789DCBADCDABDC101112131415161718ABDBDBCDAABDACBDABDABD二、实验题：二、实
4、验题： （19）O 点位置和两细绳套位置，两弹簧读数，弹簧秤与木板平面平行。 （20）7 牛 F 1 牛三、填空题：三、填空题： （21）F4, 从原 F4顺时针转 135。 （22）0，1 牛，02 （23）水平向右，4 牛 （24）重力，大小 60 牛，方向竖直向下，地面对物体支持力，大小 20 牛，方向竖直向上。 地面对物体的静摩擦力，大小牛，方向水平向右。) 13(20（25） （26）FhRhhR)2( sinF3四、计算题：四、计算题： （27）依题意，在 F=100 牛，F=20 牛，物体受力情况分别如图(1)、(2)所示，可列出(1) (2) (3)沿斜面方向的方程式：0cos
5、sin100mgmg0cossin20mgmg 得 牛，牛40sinmg60cosmg物体轻放在斜面上，重力沿斜面向下的分力小于最大静摩擦力，因此物体必静止于斜面 上，根据平衡条件，可得物体所受摩擦力为sin3mgf （28）对金属球和斜面体作受力分析如图对金属球： o45cos11NG 对斜面体: o45cos1Nf o45sin123NGN而 3Nf解、联立方程，得 12 1GG（29）设初始的下边弹簧压缩了 x2, 拉上边弹簧后，下边和上边弹簧的压缩和伸长量分别是 x2和 x1。对下边弹簧 22xKmg 2232xKmg 对上边弹簧 1131xKmg 解、和联立方程，得 , , 22Km
6、gx 222Kmgx 113Kmgx 则 A 端提高距离 )11(3) (21122KKmgxxxd（30）设左右槽面作用于物块的支持力分别为 N1、N2，由于对称性，N1=N2,它们的合力 N 垂直于槽底线, 且11245cosNNNomgN1f1mgN2f2mgN3f3FFG1N1N2G2N1N3fNN1N2Nmgf4相应的左、右二槽面作用于物块的滑动摩擦力 f1 和 f2相等，它们的合力 f 平行于槽底线, 且f = 2f1 =2N1 根据平衡条件 ， sinmgf cosmgN 从上面两个方程得 tgNf、代入可得： tg22高高一一物物理理寒寒假假测测练练题题( (三三) ) (运动
7、和力 )参考答案一一. 选选择择题题 :123456789BACAACDCDCCC101112131415161718CBDCDBCDCAA二二. 填填空空题题 :(19) 14N (20) 12m(21) 360N, 560N(22) 如右图所示(23) 50m/s2; 水平向右三三. 实实验验题题 :(24) B, C(25) 平衡摩擦力，减少由于摩擦力对实验带来的系统误差。(26) B四四. 计计算算题题 :(27)解: 对 A 和 B 两物体组成的整体 ,由牛顿第二定律得ammgmmFBABA)()( 22/08. 2/328 . 9)32(4 . 030)(smsmmmgmmFaBA
8、BA因此,物体 A 受到的摩擦力为：NNamfAA16. 408. 22(28)解: 小车的加速度 2222 02 /1/5 .1225 2smsmSvvat物体受力情况如右图所示 ,沿 x 方向 maTTABo37sin沿 y 方向 037cos mgTAo由式，解得 NNmgTA258 . 0 102 37coso代入式, 得 TB=17N04-81234t (s)F(N)8-4xTBTAmgya5(29)解: 设物体沿斜面上行时加速度为a,沿斜面下行时加速度为a,2 220/621222smtS tva由牛顿第二定律得 mafmgo30sin30sinmafmgo+, 得 2/465 . 010230sin2smagao从最高点返回原处的时间为 saSt64122 2(30)解: 对于斜面和球组成的系统 , ,方向水平向右 .mMFa对于小球 ,以刚好要离开斜面 ,支持力 N=0 为临界,受力图如甲图所示 .由牛顿第二定律得0sin mgTmaTcos此时 即 ctg ga ctg gmMF当 F 较大时, , N=0, 小球离开斜面 .ctg gmMF2222)()()(mMFgmmamgT当 F 较小时, , N0, 小球受力如乙图所ctg gmMF示.则有0cossinmgNTmaNTsincos cossinsinFmMmmgmamgTTmgaTmgaN
