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1、物理卷物理卷2018 届江苏省届江苏省如东高级中学高三上学期第二次学情调研如东高级中学高三上学期第二次学情调研一、本题共一、本题共 5 小题，每小题小题，每小题 3 分，共分，共 15 分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正 确，选对的得确，选对的得 3 分，选错或不答的得分，选错或不答的得 0 分。分。 1了解物理规律的发现过程，学会像科学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要， 一下符合事实的是（ ） A牛顿首创了将实验和逻辑推理和谐结合起来的物理学研究方法 B卡文迪许总结出了点电荷间相互作用的规律 C开普勒在天文观测数据的基础上，总结
2、出了行星运动的规律并发现了万有引力定律 D伽利略将斜面实验的结论合理外推，间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动 2在国际单位制中，不是功率的单位是（ ） A、W B、J/S C、kg.m2/s3 D、J/C 3一质点在几个共点力作用下做匀速直线运动，现对其施加一恒力，且原来作用在质点上 的力保持不变，则（ ） A质点一定做匀变速运动 B质点一定做匀变直线速运动 C质点可能做匀速圆周运动 D质点在单位时间内速率的变化量总是不变 4如图所示，一小球由静止开始沿斜面匀加速下滑，到达斜面低端 B 时速度大小为 v1， 现假设运动过程中一任意位置 A 的速度大小为 v，A 到 B 间的距离设为 s，则
3、下列 v2s 图 象可能正确的是（ ）5.如图所示为某示波管内由金属电极 P1、P2形成的聚焦电场，实线表示电场线、虚线表示 等势线（相邻等势线间电势差相等） 。关于在聚焦电场中的三点 A、B、C，下列说法中正 确的是（ ）AA 点场强比 B 点大 B电子从 A 点沿不同路径聚焦到 C 点，电场力做功相同 C极板 P2的电势低于极板 P1 D极板 P2内表面上各点场强和电势均不相等二、本题共二、本题共 4 小题，每小题小题，每小题 4 分，共分，共 16 分，在每小题给出的四个选项中，至少有两个选项分，在每小题给出的四个选项中，至少有两个选项 是正确的，全部是正确的，全部 选对的得选对的得 4
4、 分，选不全的得分，选不全的得 2 分，有选错或不答的得分，有选错或不答的得 0 分。分。 6有一电容器，带电荷量为 210-4C 时，两极板间电压为 200V。若使其带电量再增加 210-4C，则下列判断正确的是（ ）A它的电容为 1F B它的电容为 2FC两极板间电压为 200V D两极板间电压为 400V 7如图所示，两颗卫星 A、B 质量相等，A 绕地球运动的轨迹为圆，B 绕地球运动的轨迹 为椭圆，轨迹在同一个平面内且相切于 P 点，则（ ）A在 P 点两卫星的速度大小相等 B在 P 点卫星 B 的速度介于 7.9km/s 和 11.2km/s 之间 C卫星 B 的周期比 A 长 D两
5、卫星的机械能相等 8.如图甲所示，两个平行金属板 P、Q 正对竖直放置，两板间加上如图乙所示的交流电压， t=0 时， P 板比 Q 板电势高 U0，在两板的正中央 M 点有一电子在电场力作用下由静止开始运动 （电子所受重力可忽 略） ，已知电子在 04t0时间内未与两板相碰，则（ ）At02t0时间内电子的电势能增加 B在 3t0时刻电子的机械能最小 C2t03 t0时间内电子运动的速度方向向左，且速度大小逐渐减小 D3 t04 t0时间内电子运动的速度方向向右，且速度大小逐渐减小 9.如图所示的电路中，电源电动势为 12V，内阻为 1，四个电阻的阻值已在图中标出，ab 间连接 着一静电计（
6、图中未画出） 。闭合开关 S，电压表示数为 U，电流表示数为 I，静电计的时 数为 Uab，下列说 法正确的是（ ）A电源消耗的功率为 20WBUab的大小为 4 VCU 与 I 的比值为 5Dab 间用导线连接后，电压示数为 U，电流表示数为 I，则1UU II 三、本题共三、本题共 2 小题，共小题，共 20 分，把答案填在题中的横线上或按题目要求作答。分，把答案填在题中的横线上或按题目要求作答。 10.（8 分）某同学在用如图甲所示的装置做“探究加速度与物体受力的关系”实验。（1）该同学在实验室找到了一个小正方体木块，用实验桌上的一把游标卡尺测出正方体木 块的边长，如图甲所示，则正方体木
7、块的边长为 cm. (2) 接着用这个正方体木块把小车轨道的一端垫高，通过速度传感器发现小车刚好做匀速 直线运动。设小车的质量为 M，正方体木块的边长为 a，并用刻度尺量出图中 AB 水平距 离为 L（a” 、 “=” 、 “（1 分）四、本题共四、本题共 5 小题，共小题，共 69 分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写 出最后答案的不出最后答案的不 能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。 12. （13 分）解：（1）小物块匀速下滑时受重力、垂直斜
8、面向上的支持力、沿斜面向上 的摩擦力。由平衡条件得： 沿斜面方向： （1 分）sin0mgf垂直斜面方向： （1 分）cos0Nmg滑动摩擦力公式： fN以上联立代入数据解得： （1 分）0.75 （2）若用平行于斜面向上的恒力推该物块，受重力、垂直斜面向上的支持力、沿斜面向下 的摩擦力和平行于斜面向上的推力 F，由牛顿第二定律得： 沿斜面方向： （1 分）11sinmaFmgf垂直斜面方向：1cos0Nmg滑动摩擦力公式：1fN设撤去推力时速度为，则有 （1 分）1v11 1va t运动的位移为，则有 （1 分）1x2 11 11 2xa t设撤去推力后的加速度为，运动的位移为，则有2a2x
9、由牛顿第二定律： （1 分）2sinmgfma运动的位移为： （1 分）2 1222va x位移间的关系为：12xxL联立以上并代入数据解得： （2 分）34FN （3）物块从斜面底端 A 点运动到斜面顶端 B 点的过程中，由动能定理：（2 分）cossin0WmgLmgL代入数据解得： （1 分）122.4WJ 13. （13 分）解：（1）带电小球 A，受到电场力向右摆动的最大角度为 60，末速度为 零，此过程中电场力 F1对小球做正功，重力 G 做负功，细线拉力 T 不做功，根据动能定 理，则有（3 分）00 1sin601cos600FLmgL代入数据解得： （1 分）13 3Fmg（
10、2）设此时 A 受到的电场力大小为 F2，由平衡条件得： （2 分）0 2tan60Fmg根据牛顿第二定律： （1 分） 20Fma联立并代入数据解得： （2 分）03ag（3）由动能定理得： （3 分）2 21 2F LmgLmv代入数据解得： （1 分）231vgL14. （13 分）解：（1）A 球落地时，B 的速度为零，设此时 A 的速度为 v,整个过程中， 系统机械能守恒，由机械能守恒定律得： （2 分）21 2mgLmv解得： （1 分）2vgL（2）当 A 球机械能最小时，B 球的速度最大，此时 B 球的加速度为 0，则杆对球的作用力 为 0 （1 分） A 球只受重力作用，则加
11、速度 a=g （2 分） （3）设轻杆与竖直方向的夹角为时 A、B 的速度分别为和，AvBv则由能量守恒： （2 分）22111cos22ABmgLmvmv且和沿杆方向上的分速度大小相等，即 （2 分） AvBvcossinABvv联立解得： （2 分）221coscosBvgL15. （13 分）解: （1）将弹簧竖直放置在地面上，物体下落压缩弹簧时，长度被压缩了 L 时，物体的动能为零，由系统的机械能守恒得 （2 分）5PEmgL（2）P 能沿圆弧轨道运动，且不能沿圆弧轨道返回，即 P 能沿圆弧轨道运动到最高点 D， 设 P 的质量为 m0,在 D 点时的速度大小为,轨道对 P 的压力大小
12、为 N,则Dv在 D 点有： （1 分）200DvNm gmL因为 （1 分） 0N 从释放点到 D 点，由能量守恒定律有（2 分）2 0001422PDEm gLm vm gL解得： （2 分）010m9m （3）若 P 能滑上圆弧轨道恰好运动到 C 点的速度为零， 能量守恒定律： （2 分） g 4PEMLMgL解得： （1 分）5m3M 从 C 点返回至 AB 面，假设在 P 碰到弹簧之前就停下，此处距 B 点的距离为 x,则（2 分）-0MgLMgx解得： （1 分） 2xL 可见返回过程中 P 与弹簧没有接触，则（1 分）46SxLL 16. （13 分） （1）小球从 ab,由功能
13、关系得： （2 分）0PqERE解得： （1 分）PEqER （2）设场强大小为 E，小球在 b 点的速度为, ab 过程由动能定理得：0v（1 分）2 0102qEmg Rmv设在 d 点的竖直速度为，则 （1 分） yv0yvtanv则在 d 点速度： （1 分）222 0dyvvv由 bd 过程由动能定理：（1 分）22 011 22dqEmg hmvmv解得： （2 分）16 9hR（3）建立如图所示坐标系 xoy，设运动加速度为 a，则 x 方向： （1 分）0xv ty 方向： （1 分）qEmgmayvat（1 分）21 2yat解得： （1 分）222 01 24qEmg xxymvR所以小球运动轨迹与电场强度无关 （1 分）（或偏转角的正切,可见小球的偏转角与电场强度大小无关）所以改变电0tan2yvx vR场强度的大小，该带电小球仍沿 cd 轨道运动. （1 分）
