金台区中小学教师命题参赛试卷

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1、1金台区中小学教师命题参赛试卷金台区中小学教师命题参赛试卷高二年级物理学科（期中试卷）金台高级中学 谭庆华 王党朝 杨海一、本题共一、本题共 10 小题；每小题小题；每小题 4 分，共分，共 40 分分.在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一 个选项正确，有的小题有多个选项正确个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得全部选对的得 4 分，选不全的得分，选不全的得 2 分，有选错或不分，有选错或不 答的得答的得 0 分分. 1真空中甲、乙两个固定的点电荷，相互作用力为 F，若甲的带电量变为原来的 2 倍，乙 的带电量变为原来的 8 倍，要使它们的

2、作用力仍为 F，则它们之间的距离变为原来的（ ） A2 倍 B4 倍 C8 倍 D16 倍2电场强度的定义式为 EFq ( )A该定义式只适用于点电荷产生的电场BF 是检验电荷所受到的力，q 是产生电场的电荷电量C场强的方向与 F 的方向相同D由该定义式可知，场中某点电荷所受的电场力大小与该点场强的大小成正比3关于电场线的说法，正确的是 ( )A电场线的方向，就是电荷受力的方向B正电荷只在电场力作用下一定沿电场线运动C电场线越密的地方，同一电荷所受电场力越大D静电场的电场线不可能是闭合的4真空中两个等量异种点电荷电量的值均为 q，相距 r，两点电荷连线中点处的场强为 ( )A0 B2kqr2C

3、4kqr2 D8kqr25真空中距点电荷 Q 为 r 的 A 点处，放一个点电荷 q(qQ)，q 受到的静电斥力大小为 F，则 A 点的电场强度的大小为（ ）AqFE BQFE 2C2rqkE D2rQkE 6如果在某电场中将8100 . 5C 的电荷由 A 点移到 B 点，电场力做功为3100 . 6J，那 么（ ）AA、B 两点间的电势差是V102 . 15BA、B 两点间的电势差是V100 . 310C若在 A、B 两点间移动C105 . 28的电荷，电场力将做J100 . 33的功D若在 A、B 两点间移动C100 . 17的电荷，电场力将做J100 . 317的功7.关于静电场的下列

4、说法中正确的是（ ）A.电场中电势较高处的电场强度也一定较大B.同一电场中等势面较密处的电场强度也一定较大C.电场中的电场线一定与等势面垂直相交D.在电场中将一电子由静止释放后一定沿电场线运动8.如图，虚线 a、b、c 是某静电场中的三个等势面。它们的电势分别为、，且。一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如实线 KLMN 所示，由图可知（ ）A.粒子从 K 到 L 的过程中，电场力做负功B.粒子从 L 到 M 的过程中，电场力做负功C.粒子从 K 到 L 的过程中，静电势能增加D.粒子从 L 到 M 的过程中，动能减少9由 C=Q/U 可知（ ） A电容器的电容跟极板的电荷成正比 B电容器的电

5、容跟极板间电压成正比 C电容器的电容跟极板的电荷、板间电压无关 D电容器的电容跟充电电源有关 10如图所示的实验中，把 B 板固定，A 板向右移动逐渐靠近 B 板的过程中，看到的现象 和说明的问题是（ ） A静电计指针偏转角变大，说明平行板电容器的电容变大 B静电计指针偏转角变大，说明平行板电容器的电容变小 C静电计指针偏转角变小，说明平行板电容器的电容变小 D静电计指针偏转角变小，说明平行板电容器的电容变大3学校_班别_ 姓名_评分_ 题号12345678910答案二、本题共二、本题共 3 小题，共小题，共 60 分分.解答应写出必要的文字说明、示意图、方程式和重要演算步解答应写出必要的文字

6、说明、示意图、方程式和重要演算步 骤骤.只写出最后答案的不能得分只写出最后答案的不能得分.有数值计算的问题，答案中必须明确写出数值和单位有数值计算的问题，答案中必须明确写出数值和单位. 11.如图所示,在匀强电场中有 a,b,c 三点,这三点连线组成一个直角三角形,ab 边和电场线平行,长为 3cm,a 点离 A 板 1cm,电源电压为 2V,B 板接地.问ab,bc,ac 间电势差各为多少? 一个电子在 a 点具有的电势能 为多少?使一个电子从 a 点沿斜边移到 c 点时,电场力做功多少?1216 （14 分）一束电子从静止开始经加速电压 U1加速后，以水平速度射入水平放置的两平行金属板中间

7、，如图所示，金属板长为 l，两板距离为 d，竖直放置的荧光屏距金属板右端为 L。若在两金属板间加直流电压 U2时，光点偏离中线与荧光屏交点 O，打在荧光屏上的 P 点，求OP413.如图所示，A、B 两块带异号电荷的平行金属板间形成匀强电场，一电子以的速度垂直于场强方向沿中心线由 O 点射入电场，从电场右侧边缘 C 点飞出时的速度方向与方向成 30的夹角。已知电子电荷，电子质量，求（1）电子在 C 点时的动能是多少 J？（2）O、C 两点间的电势差大小是多少 V？5参考答案参考答案题号12345678910答案BDCDBADACBCACCD11.解: 匀强电场的电场强度为 E=40V/m22/

8、5 10UV mdab 间电势差为 40 0.031.2ababUEdVVbc 间电势差为0bcUac 间电势差为40 0.031.2acababUUEdVVa 点的电势为40 0.041.6aaBEdVV一个电子在 a 点具有的电势能为191.6 101.62.56paEeJJ 一个电子从 a 点沿斜边移到 c 点时,电场力做功为 W=e 19191.6 101.21.92 10acUJJ 12. 解设电子射出偏转极板时偏移距离为 y，偏转角为。则 tanLyOP又 2022)(21 21 vl dmeUatydmvleU vat vvy2 0200tan在加速电场中加速过程，由动能定理，有

9、2 0121mveU 由解得， 12 2 4dUlUy dUlU12 2tan代入得 12 4)2( dUlLlUOP613.解：（1）电子在 C 点时的速度为0 0cos30tvv 有 （2）对电子从 O 到 C,由动能定理,有2211 22toeUmvmv得 22()15.22tom vvUVe1电视机显像管简化原理如图 98 所示，初速度不计的电子 经加速电场后进入有限边界宽度为 L 的匀强磁场，磁感应强度 为 B，若要求电子偏转角为 角，求加速电场的电势差。1.答案：A）考点透视：电视机显像管的原理，即电子在电场 和磁场中的应用B）标准答案： ， , 解得 ,又在加速电场RLsinqB

10、mvR sinmBLqv中，根据动能定理，得: , 得 2mv21qU 222sinm2aBLvC）误区警示：教学中常常发现与实际相结合的题目得分不高，应该看到其本质是一个 比较简单的物理模型和基本问题 2如图 1014 所示，在光滑绝缘的水平面上沿一直线等距离排列三个小球 A、B、C，三球质量均为 m，相距均为 L，若三球均带电，且，为保证三球间距不qqq10qBA，发生 变化，将一水平向右的恒力 F 作用于 C 球，使三 者一起向右匀加速运动，求：（1）C 球的电性和电量；（2）F 的大小。2.答案：A）考点透视：本题考查库仑定律，匀加速直线运动的条件，牛顿第二定律等知识。 考查整体法和隔

11、离法等解题的基本方法。7B）标准答案：解：（1）因为 A、B 为同种电荷，A 球受到 B 球的库仑力向左，要使 A 向右匀加速运动，则 A 球必须受到 C 球施加的向右的库仑引力作用，故 C 球应带负电，设其电量为，三cq者运动的加速度为 a，由牛顿第二定律可得：对 A、B、C 三球整体：F=3ma （1）对 A 球： （2）,对 B 球： maLq10K)L2(qq10K2q2CmaLqKLqq10K2cq2C（3）,由（2） 、 （3）式解得：为 C 球带电量的绝对值，C 球带负电。q340qc（2）由（1） 、 （3）式并将代入得： q340qc22Lkq70F C）思维发散：根据牛顿第

12、二定律，加速度 a 的方向与合外力的方向相同，若已知加速 度的方向即可推知合外力的方向，从而判断物体所受的某些分力的方向。本题可以转换研 究对象，利用多种方法求解，然后总结找出最优解法，提高解题速度。D）误区警示：根据库仑定律知，带电的两个点电荷只要电量不变，间距不221 rqkqF 变，则库仑力不变，与它们是否运动无关。 3如图 125 所示，匀强电场水平向右，匀强磁场垂直向里，带正电的小球在场中静止释 放，最后落到地面上，在这一过程中，下述说法正确的是 （ ）A小球减少的电势能等于增加的动能B小球作匀变速运动C电场力和重力作的功等于小球增加的动能 D若保持其它条件不变，只减小磁感应强度，小

13、球着地 时动能不变 3. 答案: C 提示：小球运动过程中洛仑兹力大小及方向不断变化，合外力是变力，小球的 变加速曲线运动，但洛仑兹力不做功，根据动能定理知答案 C 正确。若磁感应强度 B 变化， 小球运动轨迹变化，电场力做功变化，小球落地时动能将发生变化。 4质量为 m，带电量为+q 的小球从距地面高为 h 处以一定的初速度水平抛出。在距抛出点 水平距离为 L 处，有一根管口比小球直径略大的竖直细管，管的上口距地面，为使小球能无碰撞地通过管子，可在h21管子上方的整个区域里加一个场强方向水平向左的匀强电场， 如图 1215 所示，求（1）小球的初速度；0v（2）电场强度 E 的大小；（3）小

14、球落地时的动能。84.答案：A）考点透视：本题考查力的独立作用原理，合运动与分运动的关系。考查动能定 理在复合场中的应用。B）标准答案：解： （1）设小球从抛出到管上口的时间为 t，根据力的独立作用原理，在竖直方向上有：（1）2gt21h21在水平方向，小球做匀减速运动，至管上口，水平方向速度为零，才能使小球无碰撞 地通过竖直管。（2） 由（1） 、 （2）式解得：t2v0L0hgL2v0（2）在水平方向上，由牛顿第二定律得： qE=ma （3）, 又 （4）,aL2v20由（3） 、 （4）式及得： E=2mgL/qhhgL2v0（3）对全过程由动能定理得： （5）2 0kmv21EqELm

15、gh又 2 0mv21qEL QmghEkC）思维发散：认真分析运动的细过程，充分发掘题中的隐含条件，形成清晰的物理情景， 是解决问题的关键。在本题中可以引导学生讨论小球从抛出到落至管上口的过程中是否为 匀变速运动，小球的机械能和电势能之和是否守恒等问题。D）误区警示：部分学生依据小球以一定的初速度水平抛出，就建立了平抛运动模型。出 现这种错误的原因是没有进行正确的受力分析，没有深入挖掘题中隐含的水平方向减速， 且至管口处时水平方向速度为零这一条件造成的。 5如图所示，在 xoy 坐标平面的第一象限内有一沿-y 方向的匀强电场，在第四象限内有 一垂直于平面向外的匀强磁场。现有一质量为 m，带电量为+q 的粒子（重力不计）以 初速度 vo沿-x 方向从坐标为（3L，L） 的 P 点开始运动，接着进入磁场后由坐 标原点 O 射出，射出时速度方向与 y 轴 方向夹角为 45o，