《【全程复习】(广西专用)(广西专用)2014年高考物理一轮复习 2.2匀变速直线运动规律课件 新人教版》由会员分享，可在线阅读，更多相关《【全程复习】(广西专用)(广西专用)2014年高考物理一轮复习 2.2匀变速直线运动规律课件 新人教版（51页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、第2讲 匀变速直线运动规律,考点1 匀变速直线运动的规律,1.匀变速直线运动（1）定义：沿着一条直线运动，且_不变的运动.（2）分类.匀加速直线运动,a与v0方向_.匀减速直线运动,a与v0方向_.,加速度,相同,相反,2.匀变速直线运动的规律（1）速度公式:_.（2）位移公式：_.（3）位移速度关系式：_.,vt=v0+at,1.匀变速直线运动的两个重要推论（1）物体在一段时间内的平均速度等于这段时间中间时刻的瞬时速度,还等于初末时刻速度矢量和的一半，即：（2）任意两个连续相等的时间间隔T内的位移之差为一恒量,即：s=s2-s1=s3-s2=sn-sn-1=aT2.可以推广到sm-sn=（m
2、-n）aT2.,2.初速度为零的匀变速直线运动的四个重要推论（1）1T末、2T末、3T末瞬时速度的比为：v1v2v3vn123n.（2）1T内、2T内、3T内位移的比为：s1s2s3sn122232n2.,（3）第一个T内、第二个T内、第三个T内位移的比为：ssssn135（2n-1）.（4）从静止开始通过连续相等的位移所用时间的比为：t1t2t3tn,3.对匀变速直线运动规律的两点说明（1）匀变速直线运动的基本公式均是矢量式，应用时要注意各物理量的符号，一般规定初速度的方向为正方向，当v0=0时，一般以a的方向为正方向.（2）物体先做匀减速直线运动，速度减为零后又反向做匀加速直线运动，全程加
3、速度不变，对这种情况可以将全程看做匀变速直线运动，应用基本公式求解.,美国“华盛顿号”航空母舰上有帮助飞机起飞的弹射系统，已知“F-18大黄蜂”型战斗机在跑道上加速时产生的加速度为4.5 m/s2，起飞速度为50 m/s，若该飞机滑行100 m时起飞，则弹射系统必须使飞机具有的初速度为（ ）A.30 m/sB.40 m/sC.20 m/sD.10 m/s【解析】选B.由 代入数据解得v0=40 m/s，B正确.,1.自由落体运动（1）条件：物体只受_，从_开始下落.（2）运动性质：初速度v0=0,加速度为重力加速度g的_运动.（3）基本规律.速度公式：vt=_.位移公式：h=_.速度位移关系式
4、： _.,考点2 自由落体运动和竖直上抛运动,重力,静止,匀加速,直线,gt,2gh,2.竖直上抛运动规律（1）运动特点：加速度为g，上升阶段做_运动，下降阶段做_运动.（2）基本规律.速度公式：vt=_.位移公式：h=_.速度位移关系式： _.上升的最大高度：H=_.上升到最高点所用时间：t=_.,匀减速直线,自由落体,v0-gt,-2gh,1.竖直上抛运动的研究方法竖直上抛运动的实质是加速度恒为g的匀变速运动，处理时可采用两种方法：（1）分段法：将全程分为两个阶段,即上升过程的匀减速阶段和下落过程的自由落体阶段.,（2）全程法：将全过程视为初速度为v0，加速度a=-g 的匀变速直线运动，必
5、须注意物理量的矢量性.习惯上取v0的方向为正方向，则:v0时，物体正在上升；v0时，物体正在下降；h0时，物体在抛出点上方；h0时，物体在抛出点下方.,2.竖直上抛运动的对称性如图所示，物体以初速度v0竖直上抛， A、B为途中的任意两点，C为最高点，则：,（1）时间对称性.物体上升过程中从AC所用时间tAC和下降过程中从CA 所用时间tCA相等，同理有tABtBA.（2）速度对称性.物体上升过程经过A点的速度与下降过程经过A点的速度大小相等.（3）能量对称性.物体从AB和从BA重力势能变化量的大小相等，均等于mghAB.,（2012成都模拟）某物体以30 m/s的初速度竖直上抛，不计空气阻力，
6、g取10 m/s2，5 s内物体的（ ）A.路程为65 mB.位移大小为25 m，方向向上C.速度改变量的大小为10 m/sD.平均速度大小为13 m/s，方向向上,【解析】选A、B.初速度为30 m/s，物体上升到最高点的时间 位移为 =45 m，再自由下落t2=2 s，下降高度为 =0.51022 m=20 m，故路程为65 m，A正确；此时离抛出点高25 m，故位移大小为h=25 m，方向竖直向上，B正确；此时速度为v=gt2=102 m/s=20 m/s，方向向下，速度改变量大小为50 m/s，C错误；平均速度为 =5 m/s，方向向上，D错误.,运用匀变速直线运动规律解题 【例证1】
7、（2011新课标全国卷）（13分）甲乙两辆汽车都从静止出发做加速直线运动，加速度方向一直不变.在第一段时间间隔内，两辆汽车的加速度大小不变，汽车乙的加速度大小是甲的两倍；在接下来的相同时间间隔内，汽车甲的加速度大小增加为原来的两倍，汽车乙的加速度大小减小为原来的一半.求甲乙两车各自在这两段时间间隔内走过的总路程之比.,【解题指南】解答本题时可由运动学公式分别写出两汽车的速度和位移方程，再根据两车加速度的关系，求出两车路程之比.,【规范解答】设汽车甲在第一段时间间隔末（时刻t0）的速度为v，第一段时间间隔内行驶的路程为s1，加速度为a，在第二段时间间隔内行驶的路程为s2，由运动学公式有，v=at
8、0（2分） （2分） （2分）设汽车乙在时刻t0的速度为v，在第一、二段时间间隔内行驶的路程分别为s1、s2，同理有，v=2at0（1分）,（1分） （1分）设甲、乙两车行驶的总路程分别为s、s，则有s=s1s2（1分）s=s1s2（1分）联立以上各式解得，甲、乙两车各自行驶路程之比为 （2分）答案：,【总结提升】匀变速直线运动的规范求解1.一般解题的基本思路,画过程示意图,判断运动性质,选取正方向,选用公式列方程,解方程并加以讨论,2.应注意的问题（1）如果一个物体的运动包含几个阶段，就要分段分析，各段交接处的速度往往是联系各段的纽带.（2）描述匀变速直线运动的基本物理量涉及v0、vt、a、
9、s、t五个量，每一个基本公式中都涉及四个量，选择公式时一定要注意分析已知量和待求量，根据所涉及的物理量选择合适的公式求解，会使问题简单化.,【变式训练】（2012贵港模拟）一种特殊飞机，加速滑行时，加速度a=4.0 m/s2.设当飞机速率达到85 m/s时就可升空.如果允许飞机在达到起飞速率的瞬间停止起飞，且以5.0 m/s2的加速度减速，为确保飞机不滑出跑道，则跑道的长度至少应当设计为多长？,【解析】设加速位移为s1由2as1=v2-0得加速位移 =903.125 m设减速位移为s2，减速过程中加速度a=-5.0 m/s2由2as2=0-v2得减速位移 =722.5 m所以跑道长度至少为s=
10、s1+s2=1 625.625 m.答案：1 625.625 m,【变式备选】物体做匀加速直线运动，加速度为a，物体通过A点时的速度为vA，经过时间t到达B点，速度为vB，再经过时间t到达C点速度为vC，则有（ ）A. B.C. D.,【解析】选A、B、C. B点为物体由A运动到C的中间时刻的位置，所以 故A、B正确；AB和BC为连续相等的时间内的位移，所以BC-AB=at2，故C正确；由于vC=vA+a2t，所以 故D错误.,自由落体和竖直上抛运动 【例证2】在塔顶上将一物体竖直向上抛出，抛出点为A，物体上升的最大高度为20 m，不计空气阻力，设塔足够高，则物体位移大小为10 m时，物体通过
11、的路程可能为（ ）A.10 mB.20 mC.30 mD.50 m【解题指南】解答本题时应注意位移大小为10 m时，物体可能处于抛出点上方，也可能处于抛出点下方；处于抛出点上方时，可能正在上升，也可能正在下降.,【自主解答】选A、C、D.物体在塔顶上的A点抛出，位移大小为10 m的位置有两处，如图所示，一处在A点之上，另一处在A点之下，在A点之上时，通过位移为10 m处又有上升和下降两种过程，上升通过时，物体的路程l1等于位移s1的大小，即l1=s1=10 m；下落通过时，路程l2=2H-s1=220 m-10 m=30 m，在A点之下时，通过的路程l3=2H+s2=220 m+10 m=50
12、 m.故A、C、D正确.,【互动探究】求在【例证2】中（1）物体抛出的初速度大小为多少？（2）若塔高H=60 m，求物体从抛出到落到地面的时间和速度大小.（g取10 m/s2）【解析】（1）由位移公式得：0- =-2gh解得：（2）由位移公式得： 解得：t=6 s物体由最高点做自由落体运动，落地时的速度为vt，则： =2g（H+h）,解得：vt=40 m/s答案：（1）20 m/s （2）6 s 40 m/s,【总结提升】竖直上抛运动解题时应注意的问题竖直上抛运动分为竖直向上的匀减速直线运动和竖直向下的自由落体运动两个阶段，解题时应注意以下两点：（1）可用整体法，也可用分段法.自由落体运动满足
13、初速度为零的匀加速直线运动的一切规律及特点.（2）在竖直上抛运动中，当物体经过抛出点上方某一位置时，可能处于上升阶段，也可能处于下落阶段，因此这类问题可能造成时间多解或者速度多解.,刹车类问题 【例证3】（2012临汾模拟）以36 km/h的速度行驶的汽车，刹车后做匀减速直线运动，若汽车在刹车后第2 s内的位移是6.25 m，则刹车后5 s内的位移是多少？【解题指南】解答本题应注意以下两点：（1）由汽车刹车第2 s内的位移利用位移公式求出加速度.（2）由速度公式判断刹车至停止运动的时间.,【自主解答】设汽车的运动方向为正方向，初速度v0=36 km/h=10 m/s由位移公式 得：第2 s内的
14、位移：即：6.25=10（2-1）+ a（4-1）,解得：a=-2.5 m/s2设刹车后经过ts停止运动，则： s=4 s可见，刹车后5 s的时间内有1 s是静止的，故刹车后5 s内的位移为： m=20 m答案：20 m,【总结提升】解答刹车类问题的关键在于判断刹车时间，确定汽车的运动过程，然后计算汽车的位移.易犯错误具体分析如下：,【变式训练】一辆公共汽车进站后开始刹车，做匀减速直线运动，开始刹车后的第1 s内和第2 s内位移大小依次为9 m和7 m，则刹车后6 s内的位移是（ ）A.20 mB.24 mC.25 mD.75 m【解析】选C.由s=aT2得： m/s2=2 m/s2,因为汽车刹车后第1 s内的位移为9 m,由 得：9=v01- 212, 解得v0=10 m/s，汽车刹车时间 =5 s6 s，故刹车后6 s内的位移为 =25 m，C正确.,【例证】“10米折返跑”的成绩反映了人体的灵敏素质.测定时，在平直跑道上，受试者以站立式起跑姿势站在起点终点线前，当听到“跑”的口令后，全力跑向正前方10米处的折返线，测试员同时开始计时，受试者到达折返线处时，用手触摸折返线处的物体（如木箱），再转身跑向起点终点线，当胸部到达起点终点线的垂直面时，测试员停表，所用时间即为“10,
