《湖南省怀化市溆浦二中2015届高三上学期第二次月考物理试卷 含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《湖南省怀化市溆浦二中2015届高三上学期第二次月考物理试卷 含解析（17页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、湖南省怀化市溆浦二中 2015 届高三上学期第二次月考物理试卷一、选择题（本题包含 12 小题，每小题 4 分，共 48 分，其中 18 小题只有一个选项正确，912 小题有多个选项正确，全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，错选或不选得 0分，将选项填在答题卷）1如图所示，放置在水平地面上的直角劈 M 上有一个质量为 m 的物体，若 m 在直角劈上面匀加速下滑，M 仍保持静止，那么正确的说法是( )AM 对地面的压力等于（M+m）g BM 对地面的压力大于（M+m）gC地面对 M 没有摩擦力 D地面对 M 有向左的摩擦力考点：物体的弹性和弹力；摩擦力的判断与计算 专题：受力分析方法专
2、题分析：分别对 M 和 m 受力分析，然后沿水平方向和竖直方向进行正交分解，抓住 M 所受合力为零，根据牛顿第二定律，结合共点力平衡进行分析解答： 解：对 m 分析，m 受重力、支持力和摩擦力，因为 m 加速下滑，具有沿斜面向下的加速度，将该加速度沿水平方向和竖直方向分解则 m 支持力在水平方向上的分力大于摩擦力在水平方向上的分力，支持力和摩擦力在竖直方向分力之和小于 m 的重力对 M 分析，M 对 m 的支持力和摩擦力与 m 对 M 的压力和摩擦力大小相等则 N2 在水平方向上的分力大于 f2 在水平方向上的分力，根据水平方向上平衡，知地面对 M 的摩擦力向左因为 f2 和 N2 在竖直方向
3、上的分力之和小于 m 的重力，根据 M 在竖直方向上平衡知，地面的支持力小于（M+m）g故 D 正确，A、B 、C 错误故选：D点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律和共点力平衡综合求解2某人在平静的湖面上竖直上抛一小铁球，小铁球上升到最高点后自由下落，穿过湖水并陷入湖底的淤泥中一段深度不计空气阻力，取向上为正方向，在下面的图象中，最能反映小铁球运动过程的 vt 图象是( )A B C D考点：匀变速直线运动的图像 专题：运动学中的图像专题分析：速度图象中速度大于 0 表示物体沿正方向运动，速度小于 0 表示物体沿负方向运动；速度图象的斜率等于物体的加速度；斜率的绝对值越大代
4、表物体的加速度越大解答： 解：物体在竖直上升过程中物体的速度竖直向上，即速度大于 0，此时物体的加速度大小为 a1=g，方向竖直向下，做匀减速直线运动，vt 图象是向下倾斜的直线；到达最高点后做自由落体运动，速度方向竖直向下，即速度小于 0，此时物体的加速度大小为 a2=g，方向竖直向下，做匀加速直线运动，vt 图象是向下倾斜的直线；故进入湖水之前物体的加速度保持不变故速度图象的斜率保持不变铁球进入湖水后受到湖水的阻力作用，但重力大于阻力，加速度向下，但加速度 a3g，速度方向仍然向下即速度小于 0，做匀加速直线运动，vt 图象是向下倾斜的直线；在淤泥中运动的时候速度仍向下，即速度小于 0，但
5、淤泥对球的阻力大于铁球的重力，所以加速度方向竖直向上，故物体做减速运动故 C 正确故选：C点评：把握物体的运动情况包括速度方向和加速度的大小和方向是解决此题的关键，所以解决运动学问题要详细进行过程分析和受力分析3如图所示，A、B 是带等量同种电荷的小球，电荷量是 105C，A 固定在竖直放置的10cm 长的绝缘支杆上，B 平衡于倾角为 30的绝缘粗糙斜面上时，且与 A 等高，若 B 的质量为 10 Kg，则 B 受到斜面的静摩擦力为（g 取 l0m/s2）( )A15 N B10 N C15 N D35 N考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；库仑定律 专题：共点力作用下物体平
6、衡专题分析：对 B 球分析，B 球受到重力、摩擦力、支持力与库仑力，处于平衡状态运用平衡条件列方程求解解答： 解：设 B 球受到的静摩擦力沿斜面向上，对 B 球受力分析如图：根据平衡条件，沿斜面方向有：f+Fcos30=mgsin30 代入数据：f+910 9 =10 10得：f=35 N故选：D点评：本题借助库仑力考查了受力分析和平衡条件的应用，库仑力的公式为 F=K 其中 K 为静电力常量，值为 91094乘坐游乐圆的翻滚过山车时，质量为 m 的人随车一起在竖直平面内旋转，下列说法正确的是( )A车在最高点时人处于倒立状态，全靠保险带拉住，没有保险带人就会掉下B人在最高点时对座位仍可能产生
7、压力，但是压力一定小于 mgC人在最底点时对座位的压力大于 mgD人在最底点时对座位的压力等于 mg考点：向心力；牛顿第二定律 专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用分析：人随车一起在竖直平面内旋转，靠合力提供向心力，根据牛顿第二定律分析最高点和最低点人对座椅的压力解答： 解：A、在最高点，若速度较大，靠重力和压力提供向心力，保险带的拉力可以为零故 A 错误B、在最高点，速度较大，靠重力和压力提供向心力，压力可能大于 mg故 B 错误C、最最低点，向心力方向向上，则支持力大于 mg，所以人对座椅的压力大于 mg故 C正确，D 错误故选 C点评：解决本题的关键掌握圆周运动向心力的来源，运用牛顿第二
8、定律进行求解5如图所示，发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道 1 上，然后经点火，卫星沿椭圆轨道 2 运行，最后再次点火，将卫星送入轨道 3，轨道 1、2 相切于 Q 点，轨道2、3 相切于 P 点，则当卫星分别在 1、2、3 轨道上正常运动时下列说法正确的是( )A将卫星直接发射到轨道 3 上的发射速度可能等于发射到轨道 1 上的发射速度的 2 倍B卫星在轨道 3 上的周期小于在轨道 1 上的周期C卫星在轨道 1 上经过 Q 点时的加速度大于它在轨道 2 上经过 Q 点时的加速度D卫星从轨道 1 到轨道 3 动能的变化量小于势能的变化量考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系 专题：
9、人造卫星问题分析：发射速度大于 11.2km/s，卫星将脱离地球的束缚，不会绕地球运动根据万有引力提供向心力，列方程可得到卫星速率与半径的关系来判断周期大小、加速度大小由牛顿定律研究卫星在 Q、P 两点加速度大小卫星从轨道 1 到轨道 3 的变轨过程中，要在 P 点和 Q 点加速度，故总的机械能增加，卫星势能的增加量要大于动能的减少量解答： 解：A、将卫星直接发射到轨道 1 上的发射速度是地球的第一宇宙速度，即7.9km/s，它的两倍是 15.8km/s，大于第二宇宙速度 11.2km/s 了，如果发射速度是第一宇宙速度的两倍，则该卫星要脱离地球束缚，不可能在轨道 3 上绕地球运动，故 A 错
10、误B、根据万有引力提供向心力 ，得 ，轨道半径越大，周期越大，故卫星在轨道 3 上的周期大于在轨道 1 上的周期，故 B 错误C、根据万有引力提供向心力 ，得 ，r 相同，则 a 大小相等，故卫星在轨道1 上经过 Q 点时的加速度等于它在轨道 2 上经过 Q 点时的加速，故 C 错误D、卫星在轨道 1 的速度大于在轨道 3 的速度，即轨道 1 的动能等于轨道 3 的动能；轨道1 的势能小于轨道 3 的势能卫星从轨道 1 到轨道 3 的变轨过程中，要在 P 点和 Q 点加速，故总的机械能增加，所以卫星势能的增加量要大于动能的减少量，故 D 正确故选：D点评：卫星在不同轨道上运行时各个量的比较，往
11、往根据万有引力等于向心力列出物理量与半径的关系，然后比较6如图所示，不计重力的轻杆 OP 能以 O 为轴在竖直平面内自由转动，P 端悬挂一重物，另用一根轻绳通过定滑轮系在 P 端当 OP 和竖直方向的夹角 缓慢逐渐增大时（0） ，OP 杆的弹力 T 和绳子的张力 F 的大小变化是( )AT 不变，F 变大 BT 不变， F 先变大后变小CT 先变小后变大，F 变大 DT 先变大后变小，F 不变考点：共点力平衡的条件及其应用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：对 P 点受力分析，然后根据平衡条件并运用相似三角形法得到 OP 杆对 P 的支持力表达式，最后根据牛顿第三定律得到 OP 杆所受压力表
12、达式再讨论其与角 关系解答： 解：对点 P 受力分析，设杆的弹力为 N，绳子的拉力为 T，如图根据平衡条件，合力为零，AOP 与图中矢量（力）三角形相似，故有 = =解得：N= G T= G由图看出，OP、AO 不变，则杆的支持力 N 不变，AP 变大，则绳子拉力 T 变大根据牛顿第三定律，OP 杆所受压力等于支持力 N，故 A 正确故选 A点评：本题是力学的动态分析问题，可以通过解析法求解出表达式后分析，也可以通过作图法分析，可以灵活选择7小球从空中自由下落，与水平地面第一次相碰后又弹到空中某一高度，其速度 v 随时间t 变化的关系如图所示若 g=10m/s2，则( )A小球第一次反弹后离开
13、地面的速度大小为 5m/sB小球反弹起的最大高度为 0.45mC碰撞前后速度改变量的大小为 2m/sD小球是从 5m 高处自由下落的考点：匀变速直线运动的图像；自由落体运动；竖直上抛运动 专题：运动学中的图像专题分析：解决本题的关键是正确理解速度时间图象的物理意义：速度图象的斜率代表物体的加速度，速度图象与时间轴围成的面积代表物体的位移，最后求出反弹的高度解答： 解：A由图象可知： 0.5s 末物体反弹，此时速度的大小为 3m/s，故 A 错误；B、小球能弹起的最大高度对应图中 0.6s0.8s 内速度图象的面积，所以h= 0.33m=0.45m，故 B 正确；C、碰撞时速度的改变量为v=3m
14、/s 5m/s=8m/s，则速度的改变量大小为 8m/s故 C 错误；D、由图象可知：前 0.5s 内物体自由下落，后 0.3s 物体反弹，根据 vt 图象中速度图象与时间轴围成的面积表示位移可得：小球下落的高度为：h= 0.55m=1.25m，故 D 错误；故选 B点评：解决本题要明确 vt 图象的含义：在 vt 图象中每时刻对应于速度的大小，速度的正负表示其运动方向，图象的斜率表示物体运动的加速度，图象与时间轴围成的面积为物体的位移，时间轴上方面积表示位移为正，下方表示为负8如图所示为杂技“顶竿” 表演，一人站在地上，肩上扛一质量为 M 的竖直竹竿，当竿上一质量为 m 的人以加速度 a 加
15、速下滑时，竿对“底人” 的压力大小为( )A （M+m） g B （M+m）gma C （M+m ）g+ma D （Mm）g考点：牛顿第二定律；超重和失重 专题：压轴题分析：竿对“底人” 的压力大小应该等于竿的重力加上竿上的人对杆向下的摩擦力，竿的重力已知，求出竿上的人对杆向下的摩擦力就可以了解答： 解：对竿上的人分析：受重力 mg、摩擦力 Ff，有 mgFf=ma；所以 Ff=m（ga ） ，竿对人有摩擦力，人对竿也有反作用力摩擦力，且大小相等，方向相反，对竿分析：受重力 Mg、竿上的人对杆向下的摩擦力 Ff、顶竿的人对竿的支持力 FN，有Mg+Ff=FN，又因为竿对“底人” 的压力和“底人”对竿的支持力是一对作用力与反作用力，由牛顿第三定律，得到 FN=Mg+Ff=（M+m）gma 所以 B 项正确故选：B点评：由于人加速下滑，处于失重状态，人对竿的作用力并不等于人的重力，这是在解答本题的过程中常出现的错误，注意这一点这道题就可以了9如图甲所示，劲度系数为 k 的轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上，一质量为 m的小球，从离弹簧上端高 h 处自由下落，接触弹簧后继续向下运动若以小球开始下落的位置为原点，沿竖直向下建立一坐标轴 ox，小球的速度 v 随时间 t 变化的图象如图乙所示其中 OA 段为直线，AB
