《2020年山东省高考物理模拟试卷(总16页)》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020年山东省高考物理模拟试卷(总16页)（16页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2020年山东省高考物理模拟试卷一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1. 下列说法正确的是（ ） A.衰变所释放的电子是原子核内的质子转变为中子时产生的B.铀核(92238U)衰变为铅核(82206Pb)的过程中，要经过8次衰变和6次衰变C.83210Bi的半衰期是5天，100克83210Bi经过10天后还剩下50克D.密立根油滴实验表明核外电子的轨道是不连续的【答案】B【考点】原子核衰变【解析】衰变的实质是原子核内部的中子转化为一个质子和一个电子，电子从原子核内出来；通过电荷数守恒、质量数守恒确定衰变、衰变的次数；根据半衰期的物
2、理意义以及剩余质量和总质量之间的关系；密立根油滴实验测出了电子的电荷量，发现了电荷量的量子化，不明说明核外电子的轨道是不连续的；【解答】A、衰变的实质是原子核内部的中子转化为一个质子和一个电子，电子从原子核内喷射出来，故A错误；B、铀核(92238U)衰变为铅核(82206Pb)的过程中，每经一次衰变质子数少2，质量数少4；而每经一次衰变质子数增1，质量数不变；由质量数和核电荷数守恒知，衰变次数m=2382064=8，衰变次数n82(9282)6次，故B正确；C、设原来Bi的质量为m0，衰变后剩余质量为m则有：mm0(12)tT=100(12)105=25g，即可知剩余Bi质量为25g，故C错
3、误；D、密立根油滴实验表明电子的电荷量是分离的，波尔提出核外电子的轨道是分立的不连续的，故D错误。2. 如图，S是波源，振动频率为100Hz，产生的简谐横波向右传播，波速为40m/s。波在传播过程中经过P、Q两点，已知P、Q的平衡位置之间相距0.6m。下列判断正确的是（ ）A.Q点比P点晚半个周期开始振动B.当Q点的位移最大时，P点的位移最小C.Q点的运动方向与P点的运动方向可能相同D.当Q点通过平衡位置时，P点也通过平衡位置【答案】D【考点】波长、频率和波速的关系横波的图象【解析】根据波速和频率求得波长，从而得到质点间距离和波长的关系。相隔半波长的奇数倍的两个质点，振动情况完全相反。【解答】
4、A、根据波长、频率和波速的关系可知，波长vT=vf=0.4m，PQ0.6m1.5，故Q点比P点晚1.5个周期开始振动，故A错误。B、P、Q两点的平衡位置相关半个波长的奇数倍，故两者振动情况完全相反，当Q点的位移最大时，P点的位移也最大，但两者方向相反，故B错误。C、P、Q两点的运动方向始终相反，故C错误。D、当Q通过平衡位置时，P点也通过平衡位置，但两者运动方向相反，故D正确。3. 下图是一升降机的运动情况，升降机底部安装一个加速度传感器，其上放置了一个质量为m的小物块，如图甲所示。升降机从t0时刻开始竖直向上运动，加速度传感器显示加速度a随时间t变化如图乙所示。取竖直向上为正方向，重力加速度
5、为g，以下判断正确的是（ ）A.在02t0时间内，物块先处于失重状态，后处于超重状态B.在t03t0时间内，物块先处于失重状态，后处于超重状态C.tt0时刻，物块所受的支持力大小为mgD.t3t0时刻，物块所受支持力大小为2mg【答案】C【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重【解析】失重状态：当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；超重状态：当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度。【解答】A、由乙图可知，在02t0时间内，加速度一直向上，物块一直处于超重状态，故A错误；B、由乙图可知，在t03t0时间内，加
6、速度一直向上，物块一直处于超重状态，故B错误；C、由乙图可知，tt0时刻，加速度为0，物块所受的支持力大小为mg，故C正确；D、由乙图可知，t3t0时刻，加速度为2g，由Fmgma可知物块所受的支持力F3mg，故D错误。4. 甲、乙两车在平直公路上沿同一直线运动，两车的速度v随时间t的变化如图所示。下列说法正确的是（ ）A.两车的出发点一定不同B.在0到t2的时间内，两车一定相遇两次C.在t1到t2时间内某一时刻，两车的加速度相同D.在t1到t2时间内，甲车的平均速度一定大于乙车的平均速度【答案】C【考点】匀变速直线运动的概念【解析】图象是速度-时间图象，不是位移-时间图象，所以无法判断出发位
7、置；在0到t2的时间内，两车有两次速度相等；vt图线的斜率表示加速度；vt图象与坐标轴所围图象的面积表示位移，然后根据平均速度定义可以判断平均速度的大小。【解答】A、出发位置不能做出判断，故A错误；B、在0到t2的时间内，两车有两次速度相等，并不是相遇，故B错误；C、vt图象的斜率表示加速度，在t1到t2时间内的某一时刻，乙图线的斜率和甲图线平行，说明加速度相等，故C正确；D、在t1到t2时间内乙的位移大于甲的位移，故甲的平均速度一定小于乙的平均速度，故D错误。5. 电阻为R的单匝闭合金属线框，在匀强磁场中绕着与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交变电动势的图象如图所示。下列判断正确的是（ ）A.
8、T2时刻线框平面与中性面平行B.穿过线框的磁通量最大为E0T2C.线框转一周外力做的功为E02TRD.从t=T4到t=3T4的过程中，线框的平均感电动的E02【答案】B【考点】交变电流的图象和三角函数表达式法拉第电磁感应定律【解析】（1）由图可知特殊时刻的电动势，根据电动势的特点，可判处于各个时刻的磁通量；（2）根据能量守恒定律求线框转一周外力所做的功；（3）根据E=Nt求平均电动势。【解答】A、由图可知t=T2时刻感应电动势最大，此时线圈所在平面与中性面垂直，故A错误；B、当感应电动势等于零时，穿过线框回路的磁通量最大，且由EmNBS得：m=Em=E02T=E0T2，故B正确；C、根据能量守
9、恒可知，线圈转一周所做的功为转动一周的发热量：Q=E2RT=(Em2)2RT=E022RT，故C错误；D、从T4到3T4时刻的平均感应电动势为E=mT2=2mT2=2E0，故D错误；6. 如图甲所示的充电电路中，R表示电阻，E表示电源（忽略内阻），通过改变电路中的元件参数对同一电容器进行两次充电，对应的电荷量q随着时间t变化的曲线如图乙中的a、b所示。曲线形状由a变化为b，是由于（ ）A.电阻R变大B.电阻R减小C.电源电动势E变大D.电源电动势E减小【答案】A【考点】闭合电路的欧姆定律【解析】电容器所带电荷量不变，即电源电动势不变；电容器的充电时间变长，即充电电流变小，电路中电阻变大。【解答
10、】由图象可以看出，最终电容器所带电荷量没有发生变化，只是充电时间发生了变化，说明电容器两端电压没有发生变化，即电源的电动势不变，二是电路中电阻的阻值发生了变化。图象b比图象a的时间变长了，说明充电电流变小了，即电阻变大了，故A正确，BCD错误。7. 如图所示，压缩的轻弹簧将金属块卡在矩形箱内，在箱的上顶板和下底板均安有压力传感器，箱可以沿竖直轨道运动。当箱静止时，上顶板的传感器显示的压力F12N下底板传感器显示的压力F26N，重力加速度g10m/s2下列判断正确的是（ ）A.若加速度方向向上，随着加速度缓慢增大，F1逐渐减小，F2逐渐增大B.若加速度方向向下，随着加速度缓慢增大，F1逐渐增大，
11、F2逐渐减小C.若加速度方向向上，且大小为5m/s2时，F1的示数为零D.若加速度方向向下，且大小为5m/s2时，F2的示数为零【答案】C【考点】牛顿第二定律的概念【解析】当弹簧的形变量不变时，下底板传感器显示的压力F2不变。根据牛顿第二定律分析F1的变化情况，并根据牛顿第二定律求出F10和F20时的加速度。【解答】A、若加速度方向向上，在金属块未离开上顶板时弹簧的压缩量不变，则F2不变，根据牛顿第二定律得：F2mgF1ma，得F1F2mgma，知随着加速度缓慢增大，F1逐渐减小，故A错误。B、若加速度方向向下，在金属块未离开上顶板时弹簧的压缩量不变，则F2不变，根据牛顿第二定律得：mg+F1
12、F2ma，得F1F2mg+ma，知随着加速度缓慢增大，F1逐渐增大，故B错误。C、当箱静止时，有F2mg+F1，得m0.4kg若加速度方向向上，当F10时，由A项分析有F1F2mgma0，解得a5m/s2，故C正确。D、若加速度方向向下，弹簧不可能恢复原长，则F2的示数不可能为零，故D错误。8. 质量为m的箱子静止在光滑水平面上，箱子内侧的两壁间距为l，另一质量也为m且可视为质点的物体从箱子中央以v0=2gl的速度开始运动（g为当地重力加速度），如图所示，已知物体与箱壁共发生5次完全弹性碰撞。则物体与箱底的动摩擦因数的取值范围是（ ）A.1427B.2914C.11119D.213211【答案
13、】C【考点】摩擦力做功与能量转化动量守恒定律的理解【解析】物体与箱子组成的系统水平方向不受外力，系统的动量守恒，可求出相对静止时的共同速度；再根据能量守恒定律求出系统产热；再利用系统产热等于摩擦力乘以相对路程，先求出物体相对于木箱运动的总路程范围，再进一步求出动摩擦因数的取值范围。【解答】小物块与箱子组成的系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mv0(m+m)v共解得：v共=12v0；对小物块和箱子组成的系统，由能量守恒定律得：12mv02=12(m+m)v共2+Q解得：Q=14mv02=12mgl；由题意可知，小物块与箱子发生5次碰撞，则物体相对于木箱运动的总路程最小为92l，最大
14、为112l小物块受到摩擦力为：fmg，对系统，利用产热等于摩擦力乘以相对路程，得：Qfs当s=92l时，=19，当s=112l时，=111，故1110，则（ ）A.电场强度的方向沿着ab方向B.直线ac是一条等势线C.c点的电势高于b点的电势D.电子在d点的电势能大于在b点的电势能【答案】B,C【考点】电势差与电场强度的关系电势能【解析】在匀强电场中，沿着任意方向每前进相同的距离，电势变化相等；根据电场线与等势面垂直垂直画出电场线，根据WqU计算电场力做的功。【解答】B、由题意可知，一质子由a点运动到b点，电场力做功为W；该质子由a点运动到d点，电场力做功为W；根据公式WqU可知，UdaUba；又根据几何关系可知，b、d两点关于ac连线轴对称，所以ac是此匀强电场中的等势线，故B正确；C、由于质子由a点运动到b点，电场力做正功，所以cab，故C正确；A、由于cab，所以电场强度的方向为垂直于ac线，指向b点，故A错误；D、根据EPq，又电子带负电，所以电势低的地方电势能高，即电子在d点的电势能小于在b点的电势
