《2012年高考创新设计第一轮总复习资料10-2》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2012年高考创新设计第一轮总复习资料10-2（8页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、223(2011苏北四市调研)如图 10223 所示，理想变压器的原、副线圈匝数之比为101，R 120 ，R 210 ，C 为电容器，原线圈所加电压 u220 100t) V下列2说法正确的是 () A通过电阻 电流始终为零B副线圈两端交变电压的频率为 5 阻 电功率为 D原副线圈铁芯中磁通量变化率之比为 101解析在交流电路中电容器能够通交流，所以 A 错误；变压器能够改变交流电压，但是不能变频，因此 B 错误；根据 得到 2 V，所以电阻 ，C 正确；根据法拉第电磁感应定律得到原、副线圈铁芯中磁通量变化率1，D 错误答案图 10224 所示，一理想变压器原线圈匝数 100 匝，副线圈匝数
2、20 匝，交流电源的电压 u220 00t(V)，电阻 R44 ，电压表、电流表为理2想电表，则下列说法错误的是 () 图 10224A交流电的频率为 50 流表 的示数为 C电流表 的示数为 压表的示数为 44 由交流电源的电压瞬时值表达式可知，100 s，所以频率 f 50 1T 2 项说法正确；理想变压器的电压比等于线圈匝数比，即 ，其中原线圈电压的11220 V，U 2 4 V ，故 D 项说法正确； 1 A，故 C 项说法错误；2 ，所以 ，故 B 项说法正确综上所法错误的是 C 项答案图 10225 所示，50 匝矩形闭合导线框 于磁感应强度大小 B 框面积 S0.5 框电阻不计线
3、框绕垂直于磁场的轴 角速度 200 s 匀速转动，并与理想变压器原线圈相连，副线圈接入一只“220 V60 W”灯泡，且灯泡正常发光，熔断器允许通过的最大电流为 10 A，下列说法正确的是( )图 10225A图示位置穿过线框的磁通量变化率不为零B线框中产生交变电压的表达式为 u500 200t) 压器原、副线圈匝数之比为 5011D允许变压器输出的最大功率为 2 200 示位置穿过线框的磁通量最大，但由于没有边切割磁感线，所以无感应电动势磁通量的变化率为零，A 选项错误；线框中交变电压 ut500 200t) 2V，B 选项正确；变压器原、副线圈匝数之比 ，C 选项错误；变压器输出10022
4、0 2511的最大功率等于输入的最大功率 P0010 W5 000 W，D 选项错误答案图 10226 所示，导体棒 个端点分别搭接在两个竖直放置、电阻不计、半径相等的金属圆环上，圆环通过电刷与导线 c、d 相接c、d 两个端点接在匝数比n1n 2101 的变压器原线圈两端，变压器副线圈接一滑动变阻器 ，方向竖直向下，导体棒 为 l(电阻不计)，绕与 行的水平轴( 也是两圆环的中心轴) 以角速度 匀速转动如果滑动变阻器的阻值为 R 时，通过电流表的电流，则() 图 10226A滑动变阻器上消耗的功率为 P10I 2压器原线圈两端的电压 0 环的最低端时 t0，则导体棒 感应电流的表达式是 i
5、环转动过程中受到的最大安培力 F 于电流表示数为有效值，由 可知 0I，故 P100I 2R，选项 A 错误；1 1000项 B 错误；从最低点开始计时，则导i t，选项 C 错误；导体棒中电流最大值为2I，所以 F 项 D 正确2 2答案图 10227 甲所示，原线圈所加交流电压按图 10227 乙所示规律变化，通过一台降压变压器给照明电路供电，照明电路连接导线的总电阻 R，若用户端能使55 盏“220 V,40 W”的电灯正常发光则 () 图 10227A副线圈中的电流为 线圈两端电压的瞬时值表达式为 000(100t) 线圈输入的总功率为 2 200 压变压器的匝数比为 n1n 2409
6、解析每盏灯泡正常发光时的电流 A，灯泡正常发光时，副线圈电流11I 0 10 A，A 项错误；根据图象，原线圈两端电压的瞬时值表达式为 414100t) V，B 项错误；照明电路连接导线损失的功率为 50 W，所以原线圈输入的总功率为，C 项错误；副线圈两端电压 0I 2R225 V，所以 ，1 000225 409项正确答案0228如图 10228 所示，一理想自耦变压器线圈 在一个圆环形的闭合铁芯上，输入端 加一正弦式交流电压，在输出端 连接了理想交流电流表、灯泡和滑动变阻器，移动滑动触头 P 的位置，可改变副线圈的匝数，变阻器的滑动触头标记为 Q，则( )A只将 Q 向下移动时，灯泡的亮
7、度变大B只将 Q 向下移动时，电流表的读数变大C只将 P 沿顺时针方向移动时，电流表的读数变大D只提高输入端的电压 U 时，电流表的读数变大解析将 阻值增大电路中电阻增大，电流减小，故 B 项错误；由于副线圈上电压不变，电灯两端的电压不变，功率不变，亮度不变，故 A 项错将 压减小，电流减小，故 C 项错提高输入端的电压时，副线圈上电压增大，电流增大，故 D 项正确( 特殊变压器模型 )答案图 10229 所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为 101，b 是原线圈的中心轴头，电压表和电流表均为理想电表，从某时刻开始在原线圈 c、d 两端加上交变电压，其瞬时值表达式为 20 00t(V)，则 (
8、) 2图 10229A当单刀双掷开关与 a 连接时，电压表的示数为 22 t s 时，c、d 间的电压瞬时值为 110 刀双掷开关与 a 连接，在滑动变阻器触头 P 向上移动的过程中，电压表和电流表的示数均变小D当单刀双掷开关由 a 扳向 b 时，电压表和电流表的示数均变小当单刀双掷开关与 想变压器原、副线圈的匝数比为 101，副线圈输出电压为 22 V，电压表的示数为 22 V，选项 A 正确；当 t s 时，c、d 间的电压1600瞬时值为 20 V220 V 110 V，选项 B 错误；单刀双掷2 (1001600) 2 (6) 2开关与 滑动变阻器触头 压表示数不变，电流表的示数变小，
9、选项 C 错误；当单刀双掷开关由 想变压器原、副线圈的匝数比为51，电压表示数变为 44 V，电压表和电流表的示数均变大，选项 D 错误答案图 10230 甲所示，M 是一个小型理想变压器，原副线圈匝数之比n1n 2101，接线柱 a，b 接上一个正弦交变电源，电压随时间变化规律如图 10230乙所示变压器右侧部分为一火灾报警系统原理图，其中 用半导体热敏材料(电阻随温度升高而减小)制成的传感器， 一定值电阻下列说法中正确的是 () 图 10230A电压表V 示数为 22 传感器 在处出现火灾时，电压表 V 的示数减小C当传感器 在处出现火灾时，电流表 A 的示数减小D当传感器 在处出现火灾时
10、，电阻 功率变小解析本题考查交变电流和变压器原理由图象可知交变电流的电压有效值为 220 V，因为原副线圈的匝数比为 101，故变压器副线圈的输出电压为 22 V，而电压表测的是 以小于 22 V，故 A 错误；当传感器 敏电阻 压器的输出电压不变，热敏电阻与定值电阻 压表示数变小，B 正确；R 2减小时，变压器的负载电阻减小，电流增大，则原线圈的电流也增大，所以电流表的示数增大，C 错误；由于负载电路的电流增大，电阻 D 也错误答案(2011广东广州一模)图 10231 是远距离输电的示意图，下列说法正确的是()图 10231Aa 是升压变压器，b 是降压变压器Ba 是降压变压器，b 是升压
11、变压器Ca 的输出电压等于 b 的输入电压Da 的输出电压等于输电线上损失的电压解析远距离输电先升压，再降压，选项 A 正确而 B 错误；由电线有电压损失，故 项 C、D 均错答案图 10232 为远距离高压输电的示意图关于远距离输电，下列表述错误的是() 图 10232A增加输电导线的横截面积有利于减少输电过程中的电能损失B高压输电是通过减小输电电流来减小电路的发热损耗的C在输送电压一定时，输送的电功率越大，输电过程中的电能损失越小D高压输电必须综合考虑各种因素，不一定是电压越高越好解析依据输电原理，电路中的功率损耗 PI 2R 线 ，而 R 线 ，增大输电线的横截减小输电线的电阻，则能够减
12、小输电线上的功率损耗，A 项正确；由 P看在输送功率一定的情况下，输送电压 输电电流越小，则功率损耗越小，B 项正确；若输电电压一定，输送功率越大，则电流 路中损耗的电功率越大，C 项错误；输电电压并不是电压越高越好，因为电压越高，对于安全和技术的要求越高，D 项正确答案小型水电站的电能输送示意图如图 10233 所示，发电机通过升压变压器 已知输电线的总电阻为 R，降压变压器 原、副线圈匝数之比为 41，降压变压器副线圈两端交变电压 u220 100t) V，降压变压器的副线2圈与阻值 1 的电阻组成闭合电路若将变压器视为理想变压器，则下列说法中错误的是 () 图 10233A通过 流的有效值是 20 压变压器 、副线圈的电压比为 41C升压变压器 输出电压等于降压变压器 输入电压D升压变压器 输出功率
