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1、绝密启用前2015 年第二次全国大联考【 山东卷】理科综合物理试题题号 一 二 总分得分注意事项：1本试卷分第卷（选择题）和第 卷（非选择题）两部分。满分 100 分，考试时间90 分钟。2答题前考生务必用 0.5 毫米黑色墨水签字笔填写好自己的姓名、班级、考号等信息3考试作答时，请将答案正确填写在答题卡上。第一卷每小题选出答案后，用 2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；第卷请用直径 0.5 毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。 第 I 卷（选择题 共 42 分)本卷包括 7 小题，每小题给出四个选项中，有的只有一
2、个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。14如图所示，光滑的梯形物块 A 叠放在梯形物块 B 上，B 放在水平地面上，A、B 之间的接触面倾斜A 的左侧靠在竖直墙面上，关于两物块的受力，下列说法正确的是（ ）AA 对 B 的压力等于 A 的重量B物块 B 受到向左的摩擦力C地面对 B 的支持力等于于 A、B 两物块的总重量D若物块 B 稍向右移，则地面对 B 的摩擦力增大评卷人得分【答案】BC【考点】该题考查受力分析及共点力的平衡问题【解析】A 对 B 的压力等于 B 对 A 的支持力，该支持力的方向不是竖直向上，所以不可能等于 A 的
3、重量，故 A 错误；A 对 B 的压力斜向右，所以 B 受到的摩擦力向左，故 B正确；对 AB 整体分析可知地面对 B 的支持力等于两物体的总重量，故 C 正确；若物体稍向右移，B 的受力并没有发生变化，地面对 B 的摩擦力也没有发生变化 ,故 D 错误。15最近“NASA”证实木星的质量最大卫星木卫三确有海洋存在，这也引起了科学家对木卫三再次探索的极大兴趣。已知它的直径约为地球的 0.025 倍，质量约为地球的 0.4 倍，它与木卫一的轨道半径保持着 1:4 的关系，下列说法正确的是（ ） A木星对木卫三的万有引力大于对木卫一的万有引力B木卫三表面的重力加速度约为地球表面重力加速度的 160
4、 倍C木卫三与木卫一运动周期之比为 1:8 D从地球向木卫三发射航天器的发射速度必须大于第三宇宙速度【答案】AC【考点】该题考查万有引力定律及其应用【解析】根据万有引力的公式，木卫三的质量大且距离木星近，所以万有引力大，故 A正确；根据重力加速度的公式 2RGMg可知木卫三表面的重力加速度约为地球表面重力加速度的 640 倍，故 B 错误；根据周期的公式 rT324可知木卫三与木卫一运动周期之比为 1:8，故 C 正确；第三宇宙速度是脱离太阳，第二宇宙速度是脱离地球，故 D错误。16如图所示，OA 为某电场中一条电场线上的两个点，将负点电荷从 O 点静止释放，仅在电场力作用下运动到 A 点，其
5、电势能 Ep 随位移 x 的变化关系如下图所示则电荷从 O 到 A 过程中，下列说法正确的是 （ ） A 电场力的方向与运动方向相反B 从 O 到 A 的过程中，电势一直升高C 从 O 到 A，电场强度先减小后增大D 从 O 到 A，电场强度先增大后减小【答案】BD【考点】该题考查电场中的 Ep-x 图像问题【解析】从 O 到 A 电势能减小，电场力做正功，故电场力的方向与运动方向相同，故A 错误；电场力沿 x 轴正方向，因为是负电荷，所以电场强度沿 x 轴负方向，从 O 到 A电势升高，故 B 正确；斜率的大小反映的是电场力的大小变化，即是电场强度的变化，从 O 到 A 电场强度先增大后减小
6、，故 C 错误，D 正确。17如图甲所示，一理想变压器的原线圈串联一理想电流表，并接在有效值为 220V 的交流电源上，电路如图甲所示，其中滑动变阻器接入电路部分的电阻 R0=10，小灯泡的电阻 LR=5。当电键 S 断开时，用示波器测出小灯泡两端的电压变化图象如图乙所示，则下列说法正确的是（ ） A原副线圈的匝数比为 10:1B电流表的读数 I=1.32AC滑动变阻器的触头向右滑动，变压器的输入功率减小D若闭合电键 S，灯泡的亮度将变暗【答案】BCD【考点】该题考查变压器及其原理【分析】根据图乙知交流电周期为 0.02s，所以频率为 50Hz，由题意知灯泡两端电压为22V，求副线圈电流，根据
7、欧姆定律求匝数比，滑动变阻器的触头向右滑动，电阻增大，而副线圈电压不变，变压器的输入功率等于输出功率减小【解答】由题意知灯泡两端电压为 22V，副线圈电流为 I=4.4A，副线圈电压为U=I（R 0+RL）=66V，原副线圈的匝数比 n1：n 2=220：66=10：3，A 错误；根据电流与匝数成反比和 B 知电流表的读数（3/10） 4.4=1.32A，B 正确;滑动变阻器的触头向右滑动，电阻增大，而副线圈电压不变，变压器的输入功率等于输出功率减小，C 正确；若闭合电建 S，负载电阻减小，副线圈电流增大，滑动便器电压增大，灯泡两端电压减小，灯泡的亮度变暗，故 D 正确。【点评】掌握变压器的变
8、压特点，会从图象中获取有用的物理信息，能够用动态分析法分析电路的变化18如图甲所示，小物块从光滑斜面上由静止滑下，位移x与速度的平方v 2的关系如图乙所示g=10m/s 2，下列说法正确的是（ ） A小物块的下滑的加速度大小恒为 2.5m/s2B斜面倾角为30C小物块2s 末的速度是 5m/sD小物块第2s内的平均速度为7.5m/s 【答案】BD【考点】该题考查运动学公式及牛顿第二定律【分析】根据图象写出 x-t 的表达式，对照运动学公式得到加速度，由牛顿第二定律求得斜面的倾角由 v=at 求得 2s 末的速度，并求出平均速度【解答】解：A、由图得：x=2.5t 2，对照公式 201atvx，
9、得初速度为 v0=0，加速度为 a=5m/s2故 A 错误B、由牛顿第二定律得：a= mgsin/m=gsin，得 sin=a/g=0.5，=30，故 B 正确C、小物块 2s 末的速度 v2=at=52=10m/s，故 C 错误D、小物块 1s 末的速度 v1=at=51=5m/s，第 2s 内的平均速度 21v=7.5m/s，故D 正确【点评】本题采用对比的方法得到物体的初速度和加速度是关键，要掌握匀变速直线运动的基本公式，并能熟练运用19如图甲所示，MN 左侧有一垂直纸面向里磁感强度大小为 B 的匀强磁场现将一质量为 m、边长为 l 的正方形金属线框置于该磁场中，使线框平面与磁场方向垂直
10、，且 bc边与磁场边界 MN 重合对线框施加一按图乙所示规律变化的水平拉力 F，使线框由静止开始向右做匀加速直线运动；当 t=0 时，拉力大小为 F0；线框的 ab 边与磁场边界 MN重合时，拉力大小为 3 F0。则（ ） A线框的加速度为 02Fm B线框的 ad 边出磁场时的速度为 02FlmC线框在磁场中运动的时间为 0l D线圈的总电阻为 20lB【答案】BD【考点】该题考查电磁感应中的图像问题【解答】t=0 时刻，感应电动势 E=0，感应电流 I=0，安培力 F 安 =BIl=0，由牛顿第二定律得，F 0=ma，得 a= F0/m，故 A 错误；根据公式 alv2，得 v= 0lm，
11、故 B 正确；根据运动学公式 t=v/a= 02ml,故 C 错误；线框的 ab 边与磁场边界 MN 重合时，根据aRvlBF203，得 R= 20lBF，故 D 正确。20已知一足够长的传送带与水平面的倾角为 ，以一定的速度匀速运动。某时刻在传送带适当的位置放上具有一定初速度的质量为 m 的物块(如图 a 所示)，以此时为 t=0 时刻记录了小物块之后在传送带上运动速度随时间的变化关系，如图 b 所示(沿斜面向上为正方向，其中 v1v 2)。已知传送带的速度保持不变 。 g 取 10 m/s2，则（ ） A物块与传送带间的动摩擦因数 t anB0t 1 内摩擦力对物体做负功，t 1t 2 内
12、摩擦对物体做正功C0t 2 内，传送带对物块做功为 W= mv22- mv21D系统产生的热量一定大于物块动能的变化量的大小【答案】ABD【考点】该题考查传送带问题【解析】在 t1t 2 内，物块向上运动，则有 mgcosmgsin ，得 tan 故 A正确；由图知，物块先向下运动后向上运动，则知传送带的运动方向应向上0t 1 内，物块对传送带的摩擦力方向沿传送带向下，则物块对传送带做负功，t 1t 2 内物体沿传送带向上运动，摩擦力做正功，故 B 正确； 0t 2 内，由图“面积”等于位移可知，物块的总位移沿斜面向下，高度下降，重力对物块做正功，设为 WG，根据动能定理得：W+WG= 则传送
13、带对物块做功 W ，故 C 错误；物块的重力势能减小、动能也减小都转化为系统产生的内能，则由能量守恒得知，系统产生的热量大小一定大于物块动能的变化量大小故 D 正确第卷(必做 56 分+ 选做 l2 分。共 68 分)【必做部分】21 （ 6 分）如图所示为用光电门测定钢球下落时受到的阻力的实验装置。直径为 d、质量为 m 的小钢球下落的过程中，先后通过光电门 A、B，计时装置测出钢球通过 A、B 的时间分别为 At、 B。用钢球通过光电门的平均速度表示钢球球心通过光电门的瞬时速度。测出两光电门间的距离为 h（已知 d） ，当地的重力加速度为 g。 （1 ）钢球下落的加速度大小 a=_，钢球受
14、到的空气平均阻力 fF= _。（2 ）本题“用钢球通过光电门的平均速度表示钢球球心通过光电门的瞬时速度” ，但从严格意义上讲是不准确的，实际上钢球通过光电门的平均速度_（选填“大于”或“小于” ）钢球球心通过光电门的瞬时速度。 【答案】（1 ） ；（2）；（3）【考点】该题考查利用光电门探究钢球下落时的平均阻力【分析】 （1）利用小球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，由此可以求出小铁球通过光电门时的瞬时速度，再由加速度公式，即可求解；（2 ）根据牛顿第二定律，结合加速度大小，即可求解空气平均阻力；（3 ）根据匀变速直线运动的规律判断求解【解析】 （1）由通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，则
15、 vA= d / tA；同理，v B= d/ tB；根据 ，则有： ；（2 ）钢球下落过程中，受到阻力，根据牛顿第二定律，则有：mg-F f=ma；解得： ；（3 ）根据匀变速直线运动的规律得钢球通过光电门的平均速度等于这个过程中中间时刻速度，所以钢球通过光电门的平均速度钢球球心通过光电门的瞬时速度，【点评】考查加速度的公式，掌握牛顿第二定律，理解平均速度与瞬时速度的联系与区别22（12 分）某同学现要较准确测量电压表 V（03V，内阻约 1k）的内阻 RV。实验室提供的器材有：电流表 A1（03mA，内阻约 10）电流表 A2（030A，内阻约 100）定值电阻 R1（阻值为 2k）定值电阻 R2（阻值为 60）滑动变阻器 R（020）直流电源（10V，内阻可不计）开关 S 及导线若干 该同学设计的测量电路如图所示，若想准确测量该电压表的内阻，电流表应选_。由于电源电动势大于电压表的量程，调节滑动变阻器时，滑片只能在一个小范围内移动，调节起来不方便，于是该同学想选用定值电阻接入电路，使滑动变阻器调节起来更方便，若选用定值电阻 R1，在下列方框中，画出接入电路后的电路图并标明电阻 R1，若选用定值电阻 R2，在下列方框中，画出接入电路后的电路图并标明电阻 R2。 根据接入电阻 R1 时的电路图，用笔代替导线，完成下列实
