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1、2019版高考物理二轮复习押题练电学3大题型押题练(二)1、多选如图所示,电路中电的电动势为E,内阻为r,为静电计,一带电小球悬挂在平行板电容器内部,闭合开关S,电路稳定后,悬线与竖直方向夹角为且小球处于平衡状态,则()A、静电计的指针发生了偏转B、若将A极板向左平移稍许,电容器的电容将增大、若将A极板向下平移稍许,静电计指针的偏角将减小D、保持开关S闭合,使滑动变阻器滑片向左移动,不变,轻轻将细线剪断,小球将做直线运动解析:选AD静电计是用测量电容器板间电压的,电路稳定后,静电计指针偏转的角度表示电容器板间电压的高低,选项A正确;将A极板向左平移稍许,板间距离增大,由知,电容减小,选项B错误
2、;将A极板向下平移稍许,板间正对面积S减小,由知,电容减小,但板间电压不变,静电计指针的偏角将不变,选项错误;电路中没有电流,调节滑动变阻器不能影响电容器板间电压的大小,小球的平衡状态不变,不变,轻轻将细线剪断,小球将做匀加速直线运动,选项D正确。2、如图所示,两根间距L0、4的平行金属导轨水平放置,导轨的电阻忽略不计,整个装置处于竖直向下的匀强磁场中,磁感应强度BT。导轨右端接有一理想变压器,变压器的原、副线圈匝数比为21,电表均为理想电表,一根导体棒ab置于导轨上,导体棒电阻不计且始终与导轨良好接触。若导体棒沿平行于导轨的方向在PQ和N之间运动,其速度与时间的关系为v10sin10t(/s
3、),电阻R10,则下列判断正确的是()A、导体棒产生的感应电动势的瞬时值为e4sin5t(V)B、交流电压表示数为2V,交流电流表示数为0、2A、电阻R在1分钟内产生的热量为24D、若在R两端再并接一相同电阻R,则电压表示数将增大为原的2倍解析:选导体棒产生的感应电动势的瞬时值表达式为eBLv4sin10t(V),A错;感应电动势的有效值为U4V,由变压比知交流电压表示数为U2V,B错;电阻R在1分钟内产生的热量为Qt24,对;电压表示数由原线圈两端电压及匝数比决定,D错。3、如图所示为有理想边界的两个匀强磁场,磁感应强度方向垂直纸面向里、大小均为B0、5T,两边界间距离s0、1,一边长L0、
4、2的正方形线框abd由粗细均匀的电阻丝围成,总电阻R0、4。现使线框以v2/s的速度从位置匀速运动到位置,则选项图中能正确反映整个过程中线框a、b两点间的电势差Uab随时间t变化的图线是()解析:选A在05102s内,ab切割磁感线产生感应电动势,相当于电,由楞次定律判断知感应电流沿顺时针方向,则a点的电势高于b点的电势,Uab为正,UabEBLv0、50、22V15102V;在510210102s内,d进入磁场后,d和ab都切割磁感线,都产生感应电动势,线框中感应电流为零,由右手定则判断可知,a点的电势高于b点的电势,Uab为正,UabEBLv0、50、22Vxx2V;在1010215102
5、s内,ab穿出磁场后,只有d切割磁感线,由右手定则知,a点电势高于b点电势,Uab为正,UabEBLv0、50、22V5102V,故整个过程中线框a、b两点间的电势差Uab随时间t变化的图线如图A所示,故A正确。4、利用以下器材设计一个能同时测量电的电动势、内阻和一个未知电阻Rx阻值的实验电路。A、待测电E(电动势略小于6V,内阻不足1)B、电压表V1(量程6V,内阻约6k)、电压表V2(量程3V,内阻约3k)D、电流表A(量程0、6A,内阻约0、5)E、未知电阻Rx(约5)F、滑动变阻器(最大阻值20)G、开关和导线 (1)在图中的虚线框内画出完整的实验原理图。(2)实验中开关闭合后,调节滑
6、动变阻器的滑片,当电压表V1的示数分别为U1、U1时,电压表V2两次的示数之差为U2,电流表A两次的示数分别为I、I。由此可求出未知电阻Rx的阻值为_,电的电动势E_,内阻r_(用题目中给定的字母表示)。解析:(1)要测量电的电动势和内阻应采用串联接法,由于电压表V1已经接入,故将滑动变阻器与未知电阻和电流表串联接入即可;为了测量未知电阻的阻值,应将V2并联在未知电阻的两端测量电压,电路图如图所示。(2)电压表V2两次的示数之差为U2,电流表A两次的示数分别为I、I,因Rx为定值电阻,根据欧姆定律可知,Rx;根据闭合电路欧姆定律可知:U1EIr,U1EIr,联立解得:E,r。答案:(1)见解析
7、图(2)5、如图所示,有一平行板电容器左边缘在y轴上,L板与x轴重合,两极板间匀强电场的场强为E。一电量为q、质量为的带电粒子,从点与x轴成角斜向上射入极板间,粒子经过k板边缘a点平行于x轴飞出电容器,立即进入一磁感应强度为B的圆形磁场区域(磁场分布在电容器的右侧且未画出),随后从点垂直穿过x轴离开磁场。已知粒子在点的初速度大小为v,a45,s,磁场方向垂直于坐标平面向外,磁场与电容器不重合,带电粒子重力不计,求:(1)k板所带电荷的电性;(2)粒子经过点时的速度大小;(3)圆形磁场区域的最小面积。解析:(1)粒子由a到,运动轨迹向下偏转,根据左手定则判断,可知粒子带正电。粒子在电场中做类斜抛
8、运动,根据粒子做曲线运动的条件可知,粒子所受电场力垂直于两极板向下,正电荷受到的电场力与电场方向相同,故电场方向垂直于两极板向下,k板带正电,L板带负电。(2)粒子由到a做类斜抛运动,水平方向做匀速直线运动,竖直方向做匀减速直线运动,到达a点平行于x轴飞出电容器,即竖直方向分速度减为零,a点速度等于初速度的水平分量,出电场后粒子在磁场外做匀速直线运动,在磁场中做匀速圆周运动,速度大小始终不变,故粒子经过点时的速度大小与经过a点时的速度大小相等。由上可知粒子经过点时的速度大小vvavs。(3)粒子在磁场中做匀速圆周运动,轨迹如图中实线弧所示,a、为两个切点。洛伦兹力提供向心力qvB可得轨迹半径R粒子飞出电容器立即进入圆形磁场,且磁场与电容器不重合,圆形磁场必与电容器右边界ab切于a点,还需保证点也在磁场中,当圆形磁场与b切于点时磁场面积最小,由几何关系易知此时磁场半径与轨迹半径相等。磁场最小面积SR2。答案:(1)正电(2)(3)xx第 5 页 共 5 页