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1、2019版高考物理二轮复习押题练电学3大题型押题练（二）1、多选如图所示，电路中电的电动势为E，内阻为r，为静电计，一带电小球悬挂在平行板电容器内部，闭合开关S，电路稳定后，悬线与竖直方向夹角为且小球处于平衡状态，则()A、静电计的指针发生了偏转B、若将A极板向左平移稍许，电容器的电容将增大、若将A极板向下平移稍许，静电计指针的偏角将减小D、保持开关S闭合，使滑动变阻器滑片向左移动，不变，轻轻将细线剪断，小球将做直线运动解析：选AD静电计是用测量电容器板间电压的，电路稳定后，静电计指针偏转的角度表示电容器板间电压的高低，选项A正确；将A极板向左平移稍许，板间距离增大，由知，电容减小，选项B错误
2、；将A极板向下平移稍许，板间正对面积S减小，由知，电容减小，但板间电压不变，静电计指针的偏角将不变，选项错误；电路中没有电流，调节滑动变阻器不能影响电容器板间电压的大小，小球的平衡状态不变，不变，轻轻将细线剪断，小球将做匀加速直线运动，选项D正确。2、如图所示，两根间距L0、4的平行金属导轨水平放置，导轨的电阻忽略不计，整个装置处于竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度BT。导轨右端接有一理想变压器，变压器的原、副线圈匝数比为21，电表均为理想电表，一根导体棒ab置于导轨上，导体棒电阻不计且始终与导轨良好接触。若导体棒沿平行于导轨的方向在PQ和N之间运动，其速度与时间的关系为v10sin10t(/s
3、)，电阻R10，则下列判断正确的是()A、导体棒产生的感应电动势的瞬时值为e4sin5t(V)B、交流电压表示数为2V，交流电流表示数为0、2A、电阻R在1分钟内产生的热量为24D、若在R两端再并接一相同电阻R，则电压表示数将增大为原的2倍解析：选导体棒产生的感应电动势的瞬时值表达式为eBLv4sin10t(V)，A错；感应电动势的有效值为U4V，由变压比知交流电压表示数为U2V，B错；电阻R在1分钟内产生的热量为Qt24，对；电压表示数由原线圈两端电压及匝数比决定，D错。3、如图所示为有理想边界的两个匀强磁场，磁感应强度方向垂直纸面向里、大小均为B0、5T，两边界间距离s0、1，一边长L0、
4、2的正方形线框abd由粗细均匀的电阻丝围成，总电阻R0、4。现使线框以v2/s的速度从位置匀速运动到位置，则选项图中能正确反映整个过程中线框a、b两点间的电势差Uab随时间t变化的图线是()解析：选A在05102s内，ab切割磁感线产生感应电动势，相当于电，由楞次定律判断知感应电流沿顺时针方向，则a点的电势高于b点的电势，Uab为正，UabEBLv0、50、22V15102V；在510210102s内，d进入磁场后，d和ab都切割磁感线，都产生感应电动势，线框中感应电流为零，由右手定则判断可知，a点的电势高于b点的电势，Uab为正，UabEBLv0、50、22Vxx2V；在1010215102
5、s内，ab穿出磁场后，只有d切割磁感线，由右手定则知，a点电势高于b点电势，Uab为正，UabEBLv0、50、22V5102V，故整个过程中线框a、b两点间的电势差Uab随时间t变化的图线如图A所示，故A正确。4、利用以下器材设计一个能同时测量电的电动势、内阻和一个未知电阻Rx阻值的实验电路。A、待测电E(电动势略小于6V，内阻不足1)B、电压表V1(量程6V，内阻约6k)、电压表V2(量程3V，内阻约3k)D、电流表A(量程0、6A，内阻约0、5)E、未知电阻Rx(约5)F、滑动变阻器(最大阻值20)G、开关和导线 (1)在图中的虚线框内画出完整的实验原理图。(2)实验中开关闭合后，调节滑
6、动变阻器的滑片，当电压表V1的示数分别为U1、U1时，电压表V2两次的示数之差为U2，电流表A两次的示数分别为I、I。由此可求出未知电阻Rx的阻值为_，电的电动势E_，内阻r_(用题目中给定的字母表示)。解析：(1)要测量电的电动势和内阻应采用串联接法，由于电压表V1已经接入，故将滑动变阻器与未知电阻和电流表串联接入即可；为了测量未知电阻的阻值，应将V2并联在未知电阻的两端测量电压，电路图如图所示。(2)电压表V2两次的示数之差为U2，电流表A两次的示数分别为I、I，因Rx为定值电阻，根据欧姆定律可知，Rx；根据闭合电路欧姆定律可知：U1EIr，U1EIr，联立解得：E，r。答案：(1)见解析
7、图(2)5、如图所示，有一平行板电容器左边缘在y轴上，L板与x轴重合，两极板间匀强电场的场强为E。一电量为q、质量为的带电粒子，从点与x轴成角斜向上射入极板间，粒子经过k板边缘a点平行于x轴飞出电容器，立即进入一磁感应强度为B的圆形磁场区域(磁场分布在电容器的右侧且未画出)，随后从点垂直穿过x轴离开磁场。已知粒子在点的初速度大小为v，a45，s，磁场方向垂直于坐标平面向外，磁场与电容器不重合，带电粒子重力不计，求：(1)k板所带电荷的电性；(2)粒子经过点时的速度大小；(3)圆形磁场区域的最小面积。解析：(1)粒子由a到，运动轨迹向下偏转，根据左手定则判断，可知粒子带正电。粒子在电场中做类斜抛
8、运动，根据粒子做曲线运动的条件可知，粒子所受电场力垂直于两极板向下，正电荷受到的电场力与电场方向相同，故电场方向垂直于两极板向下，k板带正电，L板带负电。(2)粒子由到a做类斜抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀减速直线运动，到达a点平行于x轴飞出电容器，即竖直方向分速度减为零，a点速度等于初速度的水平分量，出电场后粒子在磁场外做匀速直线运动，在磁场中做匀速圆周运动，速度大小始终不变，故粒子经过点时的速度大小与经过a点时的速度大小相等。由上可知粒子经过点时的速度大小vvavs。(3)粒子在磁场中做匀速圆周运动，轨迹如图中实线弧所示，a、为两个切点。洛伦兹力提供向心力qvB可得轨迹半径R粒子飞出电容器立即进入圆形磁场，且磁场与电容器不重合，圆形磁场必与电容器右边界ab切于a点，还需保证点也在磁场中，当圆形磁场与b切于点时磁场面积最小，由几何关系易知此时磁场半径与轨迹半径相等。磁场最小面积SR2。答案：(1)正电(2)(3)xx第 5 页 共 5 页
