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1、洞口一中 2011 年高一物理试题（14 章）A 卷 2011.11.18时量：90 分钟 总分：100 分 命题人：刘智博 审核人：袁述华一选择题（本题共 10 小题，每小题 5 分，共 50 分）1踢毽子是我国民间的一项体育游戏，被人们誉为“生命的蝴蝶” 近年来，踢毽子成为全民健身活动之一毽子由羽毛和铜钱组成，在下落时总是铜钱在下、羽毛在上，如图 1 所示，对此分析正确的是()A铜钱重，所以总是铜钱在下、羽毛在上B如果没有空气阻力，也总是出现铜钱在下、羽毛在上的现象C因为空气阻力的存在，所以总是铜钱在下、羽毛在上D毽子的自由下落是自由落体运动解析：如果没有考虑空气阻力， 则毽子做自由落体运
2、动， 铜钱 和羽毛中的一个在上，另一个在下，如果考虑空气阻力，则羽毛在上，铜钱在下，应选 C.答案：C2一个质点正在做匀加速直线运动，现用固定的照相机对该质点进行闪光照相，闪光时间间隔为 1 s分析照片得到的数据，发现质点在第 1 次、第 2 次闪光的时间间隔内移动了 2 m；在第 3 次、第 4 次闪光的时间间隔内移动了 8 m，由此可求得()A第 1 次闪光时质点的速度B质点运动的加速度C从第 2 次闪光到第 3 次闪光这段时间内质点的位移D质点运动的初速度解析：由 xaT 2 可以求出质 点运动的加速度，由第 1 次闪光到第 3 次闪光过程中的平均速度可以求出第 2 次闪光时的速度，然后
3、由位移公式可以求出第一次 闪光时的速度从题中数据可直接得到从第 2 次闪光到第 3 次闪光这段时间内质点的位移由于质点从开始运动到第 1 次闪光的时间未知，所以无法确定 质点运动的初速度，所以正确选项为 A、B、C.答案：ABC3A、B 两物体叠放在一起，用手托住静靠在竖直墙上，突然释放，它们同时沿墙面下滑，如图 2 所示，已知 mAm B，则( )A物体 A 只受重力作用B物体 B 受重力和 A 对它的压力C物体 A 处于完全失重状态 图 2D物体 A、B 都受到墙面的摩擦力解析：释放后，因物体 A、B 与墙面间无压力，故无摩擦力，两物体均只受重力作用，做自由落体运动，处于完全失重状 态，故
4、 A、C 正确， B、D 错误答案：AC4.如图 2 所示，物体 m 静止于倾角为 的斜面上，现用垂直于斜面的推力 F kt(k 为比例常量、t 为时间)作用在物体上从 t 0 开始，物体所受摩擦力 Ff 随时间 t 的变化的关系是图 3 中的() 图 3图 4解析：因物体静止，故所受摩擦力 为静摩擦力，沿斜面方向：F fmgsin，垂直斜面方向：F N mgcos；施加力 F 后，斜面受到压力变大，即 FNF mgcos ，物体依然不动，故静摩擦力大小不变，选项 D 正确答案：D5.如图 5 所示，质量为 m 的等边三棱柱静止在水平放置的斜面上已知三棱柱与斜面之间的动摩擦因数为 ，斜面的倾角
5、为 30，则斜面对三棱柱的支持力与摩擦力的大小分别为() A. mg 和 mg B. mg 和 mg 图 532 12 12 32C. mg 和 mg D. mg 和 mg12 12 32 32解析：三棱柱受到重力、支持力和摩擦力三个力的作用而平衡，故 FNmg cos30 mg，Ffmg sin mg，A 正确32 12答案：A6如图 6 所示，一倾角为 45的斜面固定于竖直墙上，为使一光滑的铁球静止，需加一水平力 F，且 F 过球心，下列说法正确的是 ()A球一定受墙的弹力且水平向左B球可能受墙的弹力且水平向左 图 6C球一定受斜面的弹力且垂直斜面向上D球可能受斜面的弹力且垂直斜面向上解析
6、：对球受力分析，可以确定的力是水平力 F 和重力 mg，根据平衡条件，斜面对球一定有弹力的作用，墙对球可能有 弹力，也可能没有 弹力答案：BC7.如图 7 所示，A、B 两物体紧靠着放在粗糙水平面上，A、B 间接触面光滑在水平推力 F 作用下两物体一起加速运动，物体 A 恰好不离开地面，则物体 A 的受力个数为 () 图 7A3 B4C5 D6解析：A 恰好不离开地面，即 A 与地面无作用力，故 A 受重力、F 和 B 对 A 的作用力，共三个力，正确选项为 A.答案：A8.如图 8 所示，质量为 M 的楔形物块静置在水平地面上，其斜面的倾角为 .斜面上有一质量为 m 的小物块，小物块与斜面之
7、间存在摩擦用恒力 F 沿斜面向上拉小物块，使之匀速上滑在小物块运动的过程中，楔形物块始终保持静止地面对楔形物块的支持力为() 图 8A(M m)g B(M m)gFC(M m)gFsin D(Mm)gFsin解析：匀速上滑的小物块和静止的楔形物块都处于平衡状态，可将二者看做一个处于平衡状态的整体由竖直方向上受力平衡可得 (Mm )gF NFsin ，因此，地面对楔形物块的支持力 FN(Mm)g Fsin，D 选项正确答案：D9. 关于物体的惯性，下列说法中正确的是()A运动速度大的物体不能很快停下来，是因为物体速度越大，惯性也越大B静止的火车启动时，速度变化慢，是因为静止时物体惯性大的缘故C乒
8、乓球可以快速抽杀，是因为乒乓球惯性小的缘故D物体受到的外力大，则惯性小；受到的外力小，则惯性就大解析：惯性的大小只取决于物体的质量， 质量大其惯性就大，质量小其惯性就小，与其他因素无关，故 C 项正确答案：C10. 如图 9 所示，物体 P 以一定的初速度沿光滑水平面向右运动，与一个右端固定的轻质弹簧相撞，并被弹簧反向弹回若弹簧在被压缩过程中始终遵守胡克定律，那么在 P 与弹簧发生相互作用的整个过程中() 图 9AP 做匀速直线运动BP 的加速度大小不变，但方向改变一次CP 的加速度大小不断改变，当加速度数值最大时，速度最小D有一段过程，P 的加速度逐渐增大，速度也逐渐增大解析：在物体 P 压
9、缩弹簧的过程中，弹簧的弹力一直在增大，根据牛顿第二定律可知，物体 P 的加速度一直在增大，但速度方向与加速度方向相反，则物体 P 运动速度一直在减小，当速度为零时，加速度最大， C 正确答案：C题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10答案二填空题（本题共 2 小题，共 10 分）11如图 10 甲所示，一个弹簧一端固定在传感器上，传感器与电脑相连当对弹簧施加变化的作用力(拉力或压力 )时，在电脑上得到了弹簧形变量与弹簧产生的弹力的关系图象(如图乙 )则下列判断正确的是 ()图 10A弹簧产生的弹力和弹簧的长度成正比B弹簧长度的增加量与对应的弹力增加量成正比C该弹簧的劲度系数是 200 N
10、/mD该弹簧受到反向压力时，劲度系数不变解析：由题图知，Fx 是一个过原点的直线，k N/m200 N/m，可知 A 错，200.10B、C、D 正确答案：BCD12在“验证牛顿第二定律”的实验中，以下做法正确的是()A平衡摩擦力时，应将小盘用细绳通过定滑轮系在小车上B每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力C实验时，先放开小车，再接通打点计时器的电源D求小车运动的加速度时，可用天平测出小盘和砝码的质量( M和 m) 以及小车质量 M，直接用公式 a g 求出M mM解析：平衡摩擦力时，不能给 小车任何牵引力， A 错由 mgsinmgcos ，小 车质量能约去，故 B 对 实验时，要先接通
11、电源，再放开小 车， C 错此 实验是验证牛顿第二定律，而不是应用牛顿第二定律，D 错答案：B三计算题（本题共 3 个小题，共 40 分）13(12 分) 小明是学校的升旗手，他每次升旗都做到了在庄严的义勇军进行曲响起时开始升旗，当国歌结束时恰好五星红旗升到了高高的旗杆顶端已知国歌从响起到结束的时间是 48 s，旗杆高度是 19 m，红旗从离地面 1.4 m 处开始升起若设小明升旗时先拉动绳子使红旗向上匀加速运动，时间持续 4 s，然后使红旗做匀速运动，最后使红旗做匀减速运动，加速度大小与开始升起时的加速度大小相同，红旗到达旗杆顶端时的速度恰好为零试计算小明升旗时使红旗向上做匀加速运动加速度的
12、大小和红旗匀速运动的速度大小解析：因为减速运动的加速度与加速时的加速度一样大，这样减速和加速的时间就是相同的，t 1t 34 s匀速运动的时间为 t2(4844) s 40 s设加速度为 a，匀速运动的速度 为 v，加速和减速的平均速度都是v2总位移为 x t1vt 2 t3，v2 v2其中 x(191.4) m 17.6 m解得 v0.4 m/s加速度为 a m/s20.1 m/s2.vt1 0.44答案：0.1 m/s 20.4 m/s14(12 分) 如图 11 所示，用三根轻绳将质量为 m 的物体悬挂在空中，已知 ac 和 bc 与竖直方向的夹角分别为 60和 30，则绳 ac 和绳
13、bc 中的拉力分别为多少？解析：如图所示，以 m 为研究对象，知 Fmg，以 结点 c 为研究对象， FbcF 1Fsin60 mg， 图 1132FacF 2F sin30 mg.12答案： mg mg12 3215.(16 分)如图 12 所示，绷紧的传送带与水平面的夹角 30，传送带在电动机的带动下，始终保持 v02 m /s 的速率运行现把一质量为m10 kg 的工件(可看为质点 )轻轻放在传送带的底端，经时间 t1.9 s，工件被传送 图 12到 h1.5 m 的高处，并取得了与传送带相同的速度，取 g10 m/s 2.求：(1)工件与传送带之间的滑动摩擦力 F；(2)工件与传送带之
14、间的相对位移 s.解析：(1)由题意得，皮 带长为 L 3 mhsin30工件速度达到 v0 之前，从静止开始做匀加速运动， 设匀加速运动的时间为 t1，位移为x1，有 x1 t1 t1vv02因工件最终取得了与传送带相同的速度，所以达到 v0 之后工件将做匀速运动，有Lx 1 v0(tt 1)解得 t10.8 s，x 10.8 m所以加速运动阶段的加速度为 a 2.5 m/s 2v0t1在加速运动阶段，根据牛顿第二定律，有 Fmgsinma，解得：F75 N.(2)在时间 t1 内， 传送带运动的位移为 xv 0t11.6 m所以在时间 t1 内，工件相对传送带的位移为xxx 10.8 m.答案：(1)75 N (2)0.8 m
