《湖北山东部分重点中学2021届高三12月教学质量联合检测物理试卷答案》由会员分享，可在线阅读，更多相关《湖北山东部分重点中学2021届高三12月教学质量联合检测物理试卷答案（9页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、1 参考答案 1.【答案】C 【解析】解：AB、刹车后，电动自行车做匀减速直线运动，有：? ? ? ? ? ?，变形得：? ? ? ? ? ?， 结合图象可知：? ?，? ? ? ?，得：? ?，故 AB 错误。 C、由 ? ? ?，得刹车持续时间为 ? ?，刹车过程的位移为：? ? ? ? ? ? ? ? ?，故 C 正确。 D、由题意可知，开始刹车前 1s 的位移为：?前 ? ? ? ? ? ?，刹车过程的最后 1s 内的位移 为：?后 ? ? 4 ? ?，故刹车前 1s 和最后 1s 通过的位移比为 4：1，故 D 错误。 故选：C。 2.【答案】C 【解析】A: m 与 M 碰撞瞬间，
2、m 加速度向上，m 处于超重状态 B: m 与 M 碰撞后，运动到最低点过程中，先加速后减速 C:瞬间,M,m 系统所受合外力为 mg,加速度等于 ? ?t? D:最低点时合外力不为 0，正向上加速 3.【答案】C 【解析】分析受力可得：FA=FB=mQg，gmF PA 2即： QP 2mm 若增加相同质量的沙子，C 点合力向 上，上升。 4.【答案】A 【解析】当星球由于自转使赤道上的物体对星球表面的压力恰好为零， R GM v 1 ,第一宇宙速度是最大环 绕速度，即贴着星球表面绕行的速度，其轨道半径为 R，由 R v m R GMm 2 2 2 得到 R GM v 2 ,对同步卫星，角 速
3、度与星球自转角速度相等， R GM R v 3 1 1 ,对同步卫星，rm r GMm 2 3 2 ，得到 r GM 33 ，所以 R=r,所以 v1=v3，综上所述，v1=v2=v3，正确答案为 A 2 5.【答案】B B 6.【答案】C 【解析】粒子在 OA 边界射出的时间最长且一样长，均为 所以 ABD 错误；由图像可知粒子的运动半径为 1m，lOA= m3 ，所以 C 正确 7.【答案】B B 【解析】设向上为正方向，根据动量定理可知，对鸡蛋 ()0()Fmgtmv 解得 1 (0.05 10)N50.5N 0.02 mv Fmg t 由牛顿第三定律可知鸡蛋对地面平均作用力的大小 F=
4、50.5N 8.【答案】A 【解析】设地球的质量为 m，木星的质量为 M，地球和木星发生弹性碰撞. 设向左为正，由动量守恒定律： 011 MumvmvMu，由能量守恒 2222 011 1111 2222 MumvmvMu， 联立解得探测器碰后的速度 00 1 2MuMvmv v Mm ，因Mm，则 100 2vUvv，故 A 正确， 二、二、多选题多选题(共共 16 分分) 9.【答案】AC 【解析】 由电路中的电压关系可得电阻R 的分压URUUV(160110)V50 V流过电阻R 的电流IRUR R 50 10 A 5A，即通过电动机的电流 IMIR5 A. 电动机的分压 UMUV110
5、 V， 输入电动机的电功率 P电IMUM550 W.电动机的发热功率 P热IM2r275 W，电动机输出的机械功率 P出P电P热275W，F-mg=ma, 又因 P出Fv,所以 m25 kg s T t 4 10 3 2 3 3 10.【答案】BD 4 F F G 5 【解析】如图，缓慢的将小球 B 从地面拉到 P 的正下方 C 的过程中，力的三角形和几何三角形相似，设球 B 与滑轮间绳长为 l，OP 间竖直高度为 h，由 R F l F h G nT 可知，FT减小，Fn保持不变，所以 A 错误，B 正确； 若 F 恒为 60N，对于 F 的做功过程，由几何知识得到：力 F 作用点的位移 x
6、PBPC0.8 m，则 力 F 做的功 WFx600.8 J48 J，由于 B 球到达 C 处时，已无沿绳的分速度，所以此时小球 A 的速度 为零，考察两球及细绳组成的系统的能量变化过程，由功能关系得：W1 2mv 2mgR，解得小球 B 速度的 大小 v52m/s，所以 D 正确。 11.【答案】AD 【解析】由电阻定律知 H1中的电阻是 H2电阻二分之一，电压相等，所以 H1中的电流强度是 H2中电流强 度的 2 倍，材料中自由电荷为电子，运动方向与电流方向相反，由左手定则知道 M 端电势低于 N 端电势 12.【答案】【答案】 【解析【解析】用用-t-t 图象最方便图象最方便，如图如图
7、8 8 所示所示，只是只是 0 变大变大，物块图线平行上移物块图线平行上移，共速时间变长共速时间变长，相对相对 滑过的距离变长滑过的距离变长，正确正确；只是只是 m m 变大变大，车的加速度变大车的加速度变大，物块的不变物块的不变，共速时间变短共速时间变短，相对滑过的距离相对滑过的距离 变短变短，错错；只是变小只是变小，车的加速度变大车的加速度变大，共速时间变短共速时间变短，相对滑过的距离变短相对滑过的距离变短，正确正确；只是动摩擦只是动摩擦 因数变小，物块的加速度减小，共速时间变长，相对滑过的距离变长，正确因数变小，物块的加速度减小，共速时间变长，相对滑过的距离变长，正确 第第 IIII 卷
8、（非选择题）卷（非选择题） 三、三、实验题实验题(共共 16 分分) 13.13.【答案】【答案】0.349(3 分分)AC (3 分分) 【解析【解析】(1)从打下计数点从打下计数点 B 到打下计数点到打下计数点 D 的过程中的过程中，合力所做的功合力所做的功 W=FL=mgxBD=0.465J，根据平均速根据平均速 度等于中间时刻瞬时速度度等于中间时刻瞬时速度打下计数打下计数点点B时小车的速度时小车的速度为为1.575m/s， 打下计数打下计数点点D时小车的速度时小车的速度为为3.075m/s， 小车动能的改变量小车动能的改变量 JMvMvE BDK 349. 0 2 1 2 1 22 (
9、2)产生误差的主要原因有：没有平衡摩擦力，钩码质量没有远小于小车质量；选项产生误差的主要原因有：没有平衡摩擦力，钩码质量没有远小于小车质量；选项 A、C 正确正确 【考点】探究动能定理【考点】探究动能定理 6 14.14.【答案】（【答案】（1）黑）黑(2 分分)（2）1350(2 分分)，10(2 分分) （3）166. 7(2 分分)（4）100(2 分分) 【解析【解析】（1）红负黑正红负黑正（2）由欧姆定律知由欧姆定律知：所所以以R1=1350， R内 内=R1+Rg=1500 ， S 闭合后闭合后， 新的新的 R内 内变小，由于 变小，由于欧姆表倍率越大内阻越大，所以开关欧姆表倍率越
10、大内阻越大，所以开关 S 断开时对应的是断开时对应的是“10”挡。挡。 （3） S 闭合时闭合时， 对应的是对应的是“1” 挡挡， R内 内=150 ， 总电流变为总电流变为 I=10mA,由由 Ig(R1+Rg)=(I-Ig)R2知知 R2=166.7 ， （4）由闭合电路欧姆定律知由闭合电路欧姆定律知：R内 内=150，解得： ，解得：Rx=100 四、解答题四、解答题(共共 44 分分) 15.【答案】【答案】?非法船只的速度大小为 ?需要加速的时间为 ? ? 【 解 析 】【 解 析 】 解 ： ? 根 据 速 度 时 间 图 象 与 坐 标 轴 围 成 的 面 积 表 示 位 移 得
11、 ： ? ? ? ? ? t 4? ? ? ?，.(1 分) 所以非法船只在 80s内运动的位移 ? ? ?.(1 分) 则非法船只的速度 ? ? ? ? ? ?.(1 分) ?由图可知，加速时的加速度为? ? ? ?；减速过程的加速度为? ?；.(1 分) 要使时间最短，船应先加速再减速，设加速度时间为?，减速过程时间为?； 则有 ? ?.(1 分) ? ? ? ? t ? ? ? ? ? .(1 分) 解得加速时间为 ? ?.(2 分) 16.16.【答案】【答案】(1) v1v216(2) v0 61 18 gL 【解析】【解析】(1)两滑块碰撞过程满足动量守恒定律和机械能守恒定律，设碰
12、撞前瞬间滑块甲的速度为 v，则有 g g RR E I 1 x gg RR E I R E I 内内 ， 5 3 7 m1vm1v1m2v2.(1 分) 由机械能守恒定律得 1 2 m1v2 1 2 m1v12 1 2 m2v22.(1 分) 联立解得 v1 5 v ，v2 6 5 v .(2 分) 则二者速度大小之比为 v1v216.(1 分) (2)当滑块甲初速度最小时，碰后滑块乙应刚好运动到右侧的挡板，则 m2gL 1 2 m2v22.(2 分) 碰前滑块甲做减速运动 m1gL 1 2 m1v2 1 2 m1v02.(2 分) 可得 v0 61 18 gL .(1 分) 17.【答案】【
13、答案】?粒子在磁场中运动半径的大小为粒子在磁场中运动半径的大小为 ? ? ? ； ?粒子从粒子从 N 板射出到打在荧光屏上所需的时间为板射出到打在荧光屏上所需的时间为 ? ? ? t ?t? ? ； 【解析】【解析】 ?粒子在加速电场中加速，根据动能定理有 ? ? ? ?.(1 分) 粒子进入磁场，洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律有 ? ? ? ?.(1 分) 解得 ? ? ? ? ? .(2 分) 8 ?粒子射入到坐标原点的时间? ? ?.(1 分) 粒子在磁场中运动的时间为? ? 4 ? ? 4 ? ? ? .(2 分) 离开磁场到达荧光屏的时间为? ?t? ? .(1 分) 所以粒子
14、运动的总时间为 ? ?t ?t ? ? ? ? t ?t? ? .(2 分) 18.18.【答案】（1）mg3（2）) 2 1 (cos3 r R mgmgFN在 C 点时压力最小 （3）物块恰能飞到最高点 D 【解析】（1）在最低点 B 处压力最大： 物块 A 从静止沿圆弧轨道滑至 P 点，设速度大小为 vP， 由机械能守恒定律有：.(1 分) 在最低点轨道对物块的支持力为大小为 FN， 由牛顿第二定律有： 2 P N v Fm gm R .(1 分) 联立解得：FN=3mg 由牛顿第三定律可知压力大小为 3mg .(1 分) （2）取 CD 上任意一点 M，受力如图由圆周运动知： r v
15、mFmg M N 2 cos .(2 分) 从 A 到 M 有机械能守恒知： 2 0 2 1 )cos60cos( M mvrrRmg .(2 分) 由得：) 2 1 (cos3 r R mgmgFN.(1 分) 2 1 2 P mgRmv 9 由式知：在 C 点时压力最小.(1 分) （3）在 C 点当rR 4 3 时由式知： FN=-mg，说明物块离开 C 点后做斜抛运动.(1 分) tvr 00 60cos60sin水平方向： .(2 分) 20 2 1 60singttvy竖直方向：.(2 分) 从 A 到 C 由机械能守恒知： 2 2 1 mvmgR 11.(1 分) 由11知：ry 2 1 12.(1 分) 所以物块恰能飞到最高点 D
