《2019高考全国卷2 (2)（2020年12月16日整理）.pptx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019高考全国卷2 (2)（2020年12月16日整理）.pptx（16页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、,（2019新课标）2019 年 1 月，我国嫦娥四号探测器成功在月球背面软着陆。在探测器“奔 向”月球的过程中，用 h 表示探测器与地球表面的距离，F 表示它所受的地球引力，能 够描述 F 随 h 变化关系的图象是（ ） A,B,CD 【考点】4F：万有引力定律及其应用 【专题】34：比较思想；4C：方程法；52A：人造卫星问题；62：推理能力 【分析】根据万有引力定律写出 F 与 h 的关系式，再根据数学知识确定图象的形状。 【解答】解：设地球的质量为 M，半径为 R探测器的质量为 m。根据万有引力定律得： FG 可知，F 与 h 是非线性关系，Fh 图象是曲线，且随着 h 的增大，F 减
2、小，故 ABC 错误， D 正确。 故选：D。,【点评】解决本题的关键要掌握万有引力定律，知道公式 FG,中 r 是探测器到地心,的距离，等于地球半径加上离地的高度。 （2019新课标）太阳内部核反应的主要模式之一是质子质子循环，循环的结果可表 示为 4 H He+2 e+2v,第页（共1 16页）,已知 H 和 He 的质量分别为 mp1.0078u 和 m4.0026u，1u931MeV/c2，c 为光速。,D52MeV,在 4 个 H 转变成 1 个 He 的过程中，释放的能量约为（ ） A8MeVB16MeVC26MeV 【考点】JI：爱因斯坦质能方程,【专题】32：定量思想；4C：方
3、程法；54P：爱因斯坦的质能方程应用专题 【分析】求出核反应过程中的质量亏损，再根据爱因斯坦质能方程进行求解。 【解答】解：反应过程中的质量亏损约为： m4mpm41.0078u4.0026u0.0286u， 由于 1u931MeV/c2， 根据爱因斯坦质能方程可得：Emc226MeV，故 C 正确，ABD 错误。 故选：C。 【点评】本题主要是考查核反应过程中的能量计算，会计算质量亏损，能够利用爱因斯 坦质能方程进行解答是关键。 （2019新课标）物块在轻绳的拉动下沿倾角为 30的固定斜面向上匀速运动，轻绳与斜 面平行。已知物块与斜面之间的动摩擦因数为，重力加速度取 10m/s2若轻绳能承受
4、,D200kg,第页（共2 16页）,的最大张力为 1500N，则物块的质量最大为（ ） A150kgB100kgC200kg 【考点】2G：力的合成与分解的运用；3C：共点力的平衡,【专题】32：定量思想；4C：方程法；527：共点力作用下物体平衡专题；61：理解能力 【分析】以物体为研究对象，沿斜面方向根据平衡条件列方程求解物块的最大质量。 【解答】解：以物体为研究对象，沿斜面方向根据平衡条件可得： Fmgsin30+mgcos30 当拉力最大时质量最大，解得：m150kg，故A 正确，BCD 错误。 故选：A。 【点评】本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究
5、 对象、进行受力分析、利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分 解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答。 （2019新课标）如图，边长为 l 的正方形 abcd 内存在匀强磁场，磁感应强度大小为 B、 方向垂直于纸面（abcd 所在平面）向外。ab 边中点有一电子发射源 O，可向磁场内沿垂,直于 ab 边的方向发射电子。已知电子的比荷为 k。则从 a、d 两点射出的电子的速度大小 分别为（ ）,A kBl，kBl,B kBl， kBl,C kBl，kBlD kBl， kBl 【考点】37：牛顿第二定律；4A：向心力；CI：带电粒子在匀强磁场中的运动 【专题】32：定量思想；4C
6、：方程法；536：带电粒子在磁场中的运动专题；62：推理能 力 【分析】画出电子运动轨迹，根据几何关系求解半径，根据洛伦兹力提供向心力可得速 度大小。 【解答】解：从 a 点和 d 点射出的电子运动轨迹如图所示，根据几何关系可得：Ra ， 根据洛伦兹力提供向心力可得：qvaBm,解得：va kBl； 对于从 d 点射出的电子，根据几何关系可得：R 2l2+（R dd,）2,解得：Rd 根据洛伦兹力提供向心力可得：qvdBm,解得：vd,kBl；故 B 正确，ACD 错误。,第页（共3 16页）,故选：B。 （2019新课标）从地面竖直向上抛出一物体，其机械能 E 总等于动能 Ek 与重力势能
7、Ep 之和。取地面为重力势能零点，该物体的 E 总和 Ep 随它离开地面的高度 h 的变化如图所 示。重力加速度取 10m/s2由图中数据可得（ ）,物体的质量为 2kg h0 时，物体的速率为 20m/s h2m 时，物体的动能Ek40J 从地面至 h4m，物体的动能减少 100J 【考点】1N：竖直上抛运动；6B：功能关系 【专题】33：参照思想；4B：图析法；4T：寻找守恒量法；52Q：功能关系 能量守恒定 律；63：分析综合能力 【分析】根据 h4m 时的 Ep 值和 Epmgh 求出物体的质量。根据 h0 时的动能求物体 的速率。h2m 时，物体的动能为 EkE 总Ep根据动能与机械
8、能、重力势能的关系求 物体的动能减少量。 【解答】解：A、由图知，h4m 时 Ep80J，由 Epmgh 得 m2kg，故A 正确。,B、h0 时，Ep0，E 总100J，则物体的动能为 EkE 总Ep100J，由 Ek,，,第页（共4 16页）,得 v010m/s，故 B 错误。 C、h2m 时，Ep40J，E 总90J，则物体的动能为EkE 总Ep50J，故 C 错误。 D、从地面至 h4m，物体的机械能减少了 20J，重力势能增加了 80J，因此，物体的动 能减少 100J，故 D 正确。 故选：AD。 【点评】解决本题的关键要从图象读取有效信息，明确动能、重力势能和机械能的关系， 根据
9、功能关系进行解答。 （2019新课标）如图（a），在跳台滑雪比赛中，运动员在空中滑翔时身体的姿态会影响 下落的速度和滑翔的距离。某运动员先后两次从同一跳台起跳，每次都从离开跳台开始 计时，用 v 表示他在竖直方向的速度，其 vt 图象如图（b）所示，t1 和 t2 是他落在倾斜 雪道上的时刻。则（ ）,第二次滑翔过程中在竖直方向上的位移比第一次的小 第二次滑翔过程中在水平方向上的位移比第一次的大 C第二次滑翔过程中在竖直方向上的平均加速度比第一次的大 D竖直方向速度大小为 v1 时，第二次滑翔在竖直方向上所受阻力比第一次的大 【考点】43：平抛运动；45：运动的合成和分解 【专题】12：应用题
10、；31：定性思想；43：推理法；518：平抛运动专题；62：推理能力 【分析】vt 图象中，图象与时间轴所围图形的面积表示位移，图象上某点的切线的斜 率表示该时刻加速度的大小，结合牛顿第二定律分析求解。 【解答】解：A、根据图象与时间轴所围图形的面积表示竖直方向上位移的大小可知，第 二次滑翔过程中的位移比第一次的位移大，故A 错误； B、运动员两次从同一跳台起跳，则运动员离开跳台时水平方向的速度大小相等，故离开 跳台做平抛运动，水平方向的位移由运动时间决定，由图象知，第二次的运动时间大于 第一次运动的时间，所以第二次滑翔过程中在水平方向上的位移比第一次的大，故 B 正 确； C、由图象知，第二
11、次滑翔时的竖直方向末速度小，运动时间长，据加速度的定义式可知 其平均加速度小，故 C 错误； D、当竖直方向速度大小为 v1 时，第一次滑翔时图象的斜率大于第二次滑翔时图象的斜 率，而图象的斜率表示加速度的大小，故第一次滑翔时速度达到 v1 时加速度大于第二次 时的加速度，据 mgfma 可得阻力大的加速度小，故第二次滑翔时的加速度小，故其,第页（共5 16页）,第页（共6 16页）,所受阻力大，故 D 正确。 故选：BD。 【点评】读懂 vt 图象，知道 vt 图象中加速度与位移的表示方法是正确解题的关键。 （2019新课标）静电场中，一带电粒子仅在电场力的作用下自 M 点由静止开始运动，N
12、 为粒子运动轨迹上的另外一点，则（ ） 运动过程中，粒子的速度大小可能先增大后减小 在 M、N 两点间，粒子的轨迹一定与某条电场线重合 粒子在 M 点的电势能不低于其在 N 点的电势能 粒子在 N 点所受电场力的方向一定与粒子轨迹在该点的切线平行 【考点】A7：电场线；AE：电势能与电场力做功 【专题】31：定性思想；45：归纳法；531：带电粒子在电场中的运动专题；62：推理能 力 【分析】电场线是一种理想化的物理模型，不是带电粒子的运动轨迹；电场力做正功时， 电势能减小；曲线运动的条件是物体受到的合力的方向与运动方向不在同一条直线上。 【解答】解：A、由于电场的特点未知，对于带电粒子，其运
13、动过程中，粒子的速度大小 可能先增大后减小。故 A 正确； B、带电粒子在只受电场力，且电场线是直线时运动轨迹才与电场线重合，由于该电场未 知，所以粒子的轨迹不一定与某条电场线重合。故 B 错误； C、粒子从静止开始运动，电场力一定做正功，所以粒子在 M 点的电势能不低于其在 N 点的电势能。故 C 正确； D、若粒子运动的轨迹为曲线，粒子在 N 点所受电场力的方向为电场线的切线方向，粒 子轨迹的切线方向为速度的方向，根据曲线运动的条件可知，此时电场力的方向与速度 的方向一定不能平行。故 D 错误 故选：AC。 【点评】该题考查对电场线的理解以及带电粒子在电场中运动的特点，要注意电场线的 特点
14、：电场线疏密表示场强大小，切线方向表示场强的方向，电场线不是带电粒子的运 动轨迹。 （2019新课标）如图，两条光滑平行金属导轨固定，所在平面与水平面夹角为 ，导轨 电阻忽略不计。虚线 ab、cd 均与导轨垂直，在ab 与cd 之间的区域存在垂直于导轨所在 平面的匀强磁场。将两根相同的导体棒 PQ、MN 先后自导轨上同一位置由静止释放，两,者始终与导轨垂直且接触良好。已知 PQ 进入磁场时加速度恰好为零。从 PQ 进入磁场开 始计时，到 MN 离开磁场区域为止，流过 PQ 的电流随时间变化的图象可能正确的是 （ ）,A,B,CD 【考点】BB：闭合电路的欧姆定律；D9：导体切割磁感线时的感应电
15、动势 【专题】31：定性思想；4B：图析法；53B：电磁感应与图像结合；62：推理能力 【分析】根据导体棒切割磁感应线产生的感应电动势计算公式求解感应电流大小与速度 的关系，根据 PQ 和 MN 进入磁场的先后顺序判断电流的变化，根据右手定则判断电流 方向。 【解答】解：设 PQ 进入磁场匀速运动的速度为v，匀强磁场的磁感应强度为 B，导轨宽 度为 L，两根导体棒的总电阻为 R；,根据法拉第电磁感应定律和闭合电路的欧姆定律可得 PQ 进入磁场时电流 I0,保持,第页（共7 16页）,不变，根据右手定则可知电流方向 QP； 如果 PQ 离开磁场时 MN 还没有进入磁场，此时电流为零；当 MN 进
16、入磁场时也是匀速 运动，通过 PQ 的感应电流大小不变，方向相反； 如果 PQ 没有离开磁场时 MN 已经进入磁场，此时电流为零，当 PQ 离开磁场时 MN 的,速度大于 v，安培力大于重力沿斜面向下的分力，电流逐渐减小，通过 PQ 的感应电流方 向相反； 故 AD 正确、BC 错误。 故选：AD。 【点评】对于电磁感应现象中的图象问题，经常是根据楞次定律或右手定则判断电流方 向，根据法拉第电磁感应定律和闭合电路的欧姆定律求解感应电流随时间变化关系。 （2019新课标）如图（a），某同学设计了测量铁块与木板间动摩擦因数的实验。所用器 材有：铁架台、长木板、铁块、米尺、电磁打点计时器、频率 50Hz 的交流电源、纸带等。 回答下列问题：,（1）铁块与木板间动摩擦因数 ,（用木板与水平面的夹角 、重力加,速度 g 和铁块下滑的加速度a 表示）。 （2）某次实验时，调整木板与水平面的夹角使 30接通电源，开启打点计时器， 释放铁块，铁块从静止开始沿木板滑下。多次重复后选择点迹清晰的一条纸带，如图（b） 所示
