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1、（答案仅供参考如有不对请自己加以思考） 第三章 数据链路层 一 习题1，下列不属于数据链路层功能的是（ ）。 A 帧定界功能 B电路管理功能 C 差错检测功能 D链路管理功能解析：B。数据链路层在物理层提供的服务的基础上向网络层提供服务，即将原始的，有差错的物理线路改进成逻辑上无差错的数据链路，从而向网络层提供高质量的服务。为了达到这一点，数据链路层必须具备一系列相应的功能，主要有：如何将二进制比特流组织成数据链路层的传输单元-帧；如何控制帧在物理信道上的传输，包括如何处理传输差错，在两个网络实体之间提供数据链路的建立，维护和释放管理。这些功能对应为帧定界，差错检测，链路管理等功能。2 对于信
2、道比较可靠并且对通信实时性要求高的网络，采用（ ）数据链路层服务比较合适。A无确认的无连接服务 B 有确认的无连接服务C 有确认的面向连接的服务 D 无确认的面向连接的服务解析：A。无确认的无连接服务器是指源机器向目标机器发送独立的帧，目标机器并不对这些帧进行确认。事先并不建立逻辑连接，事后也不用释放逻辑连接。若由于线路上有噪声而造成了某一帧丢失，则数据链路层并不会检测这样的丢帧现象，也不会恢复。当错误率很低的时候，这一类服务是非常适合的，这时恢复过程可以留给上面的各层来完成。这类服务对于实时通信也是非常适合的，因为实时通信中数据的迟到比数据损坏更加不好。3 在数据链路层中，网络互联表现为（
3、）。A，在电缆段之间复制比特流 B 在网段之间转发数据帧C 在网络之间转发报文 D 连接不同体系结构的网络解析： B。数据链路层的主要任务是将一个原始的传输设备（物理层设备）转变成一条逻辑的传输线路。数据链路层的传输单元为帧，网络层的传输单元为报文，物理层的传输单元为比特，所以A，C都是错误的。而连接不同体系结构的网络的工作是在网络层完成的。4假设物理信道的传输成功率是95%，而平均一个网络层的分组需要10个数据链路层的帧来发送。如果数据链路层采用了无确认的无连接服务，那么发送网络层分组的成功率是（ ）。这个结论说明了什么？A 40% B 60% C 80% D95%解析：B。要成功发送一个网
4、络层的分组，需要成功发送10个数据链路层帧。成功发送10个数据链路层帧的概率是（0.95）10 0.598，即大约只有60%的成功率。 这个结论说明了在不可靠的信道上无确认的服务效率很低。为了提高可靠性应该引入有确认的服务。5 在可靠传输机制中，发送窗口的位置由窗口前沿和后沿的位置共同确定，经过一段时间，发送串口的后沿的变化情况可能为（ ）。I 原地不动 II 向前移动 III 向后移动A I III B I II C II III D 都有可能解析：B。发送窗口的后沿的变化情况只能有两种：1） 原地不动（没有收到新的确认）。2） 向前移动（收到了新的确认）。 发送窗口不可能向后移动，因为不可
5、能撤销已收到的确认。6 以下哪种滑动窗口协议收到的分组一定是按序接受的（ ）。I 停止-等待协议 II 后退N帧协议 III 选择重传协议 A I III B I II C II III D 都有可能解析： B。要使分组一定是按序接收的，接收窗口的大小为1才能满足，只有停止-等待协议与后退N帧协议的接收窗口大小为1。7 采用滑动窗口机制对两个相邻节点A（发送方）和B（接收方）的通信过程进行流量控制。假定帧序号长度为3，发送窗口和接收窗口的大小都是7.当A发送了编号为0,1,2,3这4个帧后，而B接收了这4个帧，但仅答应了0,1两个帧，此时发送窗口将要发送的帧序号为（1）_，接收窗口的上边界对应
6、的帧序号为（2）_：若滑动窗口机制采用选择重传协议来进行流量控制，则允许发送方在收到应答之前连续发送出多个帧。若帧的序号长度为k比特，那么窗口的大小W（3）_2k-1；若滑动窗口机制采用后退N帧协议来进行流量控制，则允许发送方在收到应答之前连续发出多个帧。若帧的序号长度为k比特，那么发送窗口的大小W最大为（4）_。（1） A 2 B 3 C 4 D 5 （2）A 1 B 2 C 3 D 4（3） （4） 2k 2k 2k-1 解析： （1）发送窗口大小为7意味着发送方在没有收到确认之前可以连续发送7个帧，由于发送方A已经发送了编号为03的4个帧，所以下一个帧将是编号为4的帧。 （2）接收窗口的
7、大小也为7，当接收方收到了编号为03后，滑动窗口准备接受编号为4,5,6,7,0，1,2的帧，因此接收窗口上边界对应的帧序号为4.需要注意的是，在接收端只有收到的数据帧的发送信号落入接收窗口内，窗口就会前移一个位置，并不是说一定要等到应答，接收窗口才移动，应答其实影响的应该是发送窗口，发送方收到了应答后才滑动发生窗口（不少考生认为此题帧3和帧4没有应答，就不应该、滑动，导致此题误选B）。 （3）当帧的序号长度为k比特，对于选择重传协议，为避免接收端向前移动窗口后，新的窗口与旧的窗口产生重叠，接收窗口的最大尺寸应该不超过序列号范围的一半（参考知识点扩展与深度总结），即WR2k-1。 （4）2k-
8、1。所以选（1）C（2）D（3）D（4）D 可能疑问点：帧序号的长度是3，而且发送窗口和接收窗口都不是1，说明应该是选择重传，但是，这样最大发送窗口不应该是4吗？怎么可能取到7？ 解析： 本题前面讲的应该是普通的滑动窗口机制，这个和带有滑动窗口协议的特殊滑动窗口机制应该是不一样的。对于普通的滑动窗口机制来说，不会考虑出错的情况，也就是这道题前面几问很有可能会出错（如确认帧丢失等），造成窗口重叠现象。而后面两问就开始考虑滑动窗口机制采用各种滑动窗口协议，而协议就应该考虑到所有可能出错的情况。前面应该讲过类似的知识，希望考生不要再在这个问题上纠结。8 采用HDLC传输比特串0111 1111 10
9、00 001，在比特填充后输出为（ ）。A 0111 1101 1100 0001 B 0101 1111 1100 0001C 0111 1011 1100 0001D 0111 1110 1100 0001解析： A 。HDLC数据帧以位模式0111 1110标识每一个帧的开始和结束，因此在帧数据中凡是出现了5个连续的位“1”的时候，就会在输出的位流中填充一个“0”。9 数据链路层提供给的3种基本服务不包括（ ）。A无确认的无连接服务 B 有确认的无连接服务C 无确认的有链接服务 D 有确认的有链接服务解析：C。连接时建立在确认机制的基础之上的。所以数据链路层没有无确认有连接的服务。10
10、数据链路层采用了后退N帧协议，如果发送窗口的大小是32，那么至少需要（ ）位的序列号才能保证协议不出错。 A 4位 B 5位 C 6位 D 7位解析： C。在后退N帧的协议中，帧号发送窗口+1，在题目中发送窗口的大小是32，那么帧号最小号码应该是32（从0开始，共33个）。因为253326,所以至少需要6为的帧序号才能达到要求。11 从滑动窗口的观点看，当发送窗口为1，接收窗口为1是，相当于ARQ的（ ）方式。A 回退N帧ARQ B 选择重传ARQ C 停止-等待 D 连续ARQ解析：C。概念题目。12 对于窗口大小为n的滑动窗口，最多可以有（ ）帧已发送但没有确认。 A 0 B n-1 C
11、n D n/2 解析：B。一方面，在连续ARQ协议中，必须发送窗口的大小窗口总数-1.例如，窗口总数为8个，编号为07假设这8个帧都已发出，下一轮又发出编号为07帧共8个帧，接收方将无法判断第二轮发的8个帧到底是重传帧还是新帧，因为它们的序号完全相同。另一方面，对于回退N帧协议，发送窗口的大小可以达到（窗口总数-1）。因为它的接收窗口大小为1，所有的帧保证按序接收。所以对于窗口大小为n的滑动窗口，其发送窗口大小最大为n-1，即最多可以有n-1帧已发送但没有确认。13 下列属于奇偶校验码特征的是（ ）。A 只能检查出奇数个比特错误 B 能查出长度任意一个比特的错误C 比CRC校验可靠 D 可以检
12、查偶数个比特的错误解析：A。奇偶校验的原理是通过增加冗余位来使得码字中”1“的个数保持为奇数个数或者偶数个的编码方法。它只能发现奇数个比特的错误。14 下列关于循环冗余校验的说法中，（ ）是错误的。A 带r个校验位的多项式编码可以检测到所有长度小于或等于r的突发性错误B 通信双方可以无需商定就直接使用多项式编码C CRC校验可以使用硬件来完成D 有一些特殊的多项式，因为其有很好的特性，而成为了国际标准解析：B。在使用多项式编码时，发送方和接收方必须预先商定一个生成多项式。发送方按照模2除法，得到校验码，在发送数据的时候把该校验码加在数据后面。接收方收到数据后，也需要根据同一个生成多项式来验证数
13、据的正确性。所以发送方和接收方在通信前必须要商定一个生成多项式。15 发送方准备发送的信息位为，采用CRC校验算法，生成多项式为G（x）=x4+x+1那么发出的校验位应该为（ ）。 A 0110 B 1010 C 1001 D 1110解析：D。首先根据生成多项式G（x）=x4+x+1得到CRC的校验码为10011,。然后利用短除法来计算校验码，具体流程如图3-21所示，最后余数为1110。10011 0000 10011 10011 10011 00001 00000 00010 00000 00101 00000 01011 00000 10110 10011 01010 00000 10100 10011 01110
