《江西省2020届高三物理上学期第四次段考试题(含解析)》由会员分享，可在线阅读，更多相关《江西省2020届高三物理上学期第四次段考试题(含解析)（16页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、精品文档，名师推荐！ 欢迎下载，祝您学习进步，成绩提升 - 1 - 江西省新余市第一中学2020届高三物理上学期第四次段考试题（含解析） 二、选择题：本题共8 小题，每小题6 分。在每小题给出的四个选项中，第1418 题只有一 项符合题目要求，第1921 题有多项符合题目要求。全部选对的得6 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。 1. 甲乙两个质点沿同一线运动，其中质点甲以6m/s 的速度匀速直线运动，质点乙作初速度为 零的匀变速直线运动，它们的位置x随时间t的变化如图所示己知t=3s 时，甲、乙图线的 斜率相等下列判断正确的是（） A. 最初的一段时间内，甲、乙的运动方向相反 B.t
2、=3s 时，乙的位置坐标为 -9m C. 乙经过原点时的速度大小为2m/s D.t=10s 时，两车相遇 【答案】D 【解析】 【详解】 A位移时间图像的斜率等于速度，则最初的一段时间内，甲、乙的运动方向相同， 故 A错误； B质点乙作初速度为零的匀变速直线运动，t=3s 时，甲、乙图线的斜率相等，所以，t=3s 时乙的速度是6m/s，乙的加速度 226 m/s2m/s 3 a 0-3s，乙的位移 06 3m9m 2 x 所以t=3s 时，乙的位置坐标为 -11m，故B错误； C根据 2 02vax ，乙经过原点时的速度大小为 4 5m/s ，故 C错误； 精品文档，名师推荐！ 欢迎下载，祝您
3、学习进步，成绩提升 - 2 - D0-10s，甲的位移是60m ，乙的位移是100m ，由于 t=0 时位置相差40m ，所以 t=10s 时两车 相遇，故D正确。 故选 D。 2. 小型登月器连接在航天站上，一起绕月球做匀速圆周运动，其轨道半径为月球半径的3 倍， 某时刻，航天站使登月器减速分离，登月器沿如图所示的椭圆轨道登月，在月球表面逗留一 段时间完成科考工作后，经快速启动仍沿原椭圆轨道返回，当第一次回到分离点时恰与航天 站对接，登月器的快速启动时间可以忽略不计，整个过程中航天站保持原轨道绕月运行已 知月球表面的重力加速度为g，月球半径为R，不考虑月球自转的影响，则登月器可以在月球 上停
4、留的最短时间约为() A. 10 5R g 6 3R g B. 6 3R g 4 2R g C. 10 5R g 2 R g D. 6 3R g 2 R g 【答案】B 【解析】 【详解】当登月器和航天站在半径为3R的轨道上绕月球做匀速圆周运动时，应用牛顿第二定 律有： 2 22 4GMmmr rT 3rR 解得： 精品文档，名师推荐！ 欢迎下载，祝您学习进步，成绩提升 - 3 - 33 3 26 rR T GMGM 在月球表面的物体所受重力近似等于万有引力，可得： 2 GMgR 所以： 3 6 R T g 登月器在椭圆轨道上运行的周期用 1 T表示，航天站在圆轨道上运行的周期用 2 T表示，
5、对登月 器和航天站依据开普勒第三定律有： 3 222 12 33 32()()3( TTT RRR 为使登月器仍沿原椭圆轨道回到分离点与航天站实现对接，登月器可以在月球表面停留的时 间t应满足： 21 tnTT( 其中 n 1、 2、 3、) 联立式得： 32 64 RR tn gg ( 其中 n1、2、3、) 当 n1 时，登月器可以在月球上停留的时间最短，即： min 32 64 RR t gg A. 53 106 RR gg 与分析不符，故A错误 B. 32 64 RR gg 与分析相符，故B正确； C . 5 102 RR gg 与分析不符，故C错误； D. 3 62 RR gg 与分
6、析不符，故D错误 精品文档，名师推荐！ 欢迎下载，祝您学习进步，成绩提升 - 4 - 3. 已知一般的曲线运动可以分成很多小段，每小段都可以看成圆周运动的一部分，即把整条 曲线用一系列不同半径的小圆弧来代替某人将一苹果（可以视为质点）以v0=6m/s 的速度水 平抛出，经过 t=0.8s后到达 P点 有一小鸟以不变的速率v1=10m/s 沿着苹果的运动轨迹飞行， 经过一段时间也通过P点若不考虑苹果受到的空气阻力，取重力加速度g=10m/s 2则下列 说法正确的是（） A. 小鸟做匀变速曲线运动 B. 小鸟的加速度总为零 C. 小鸟在 P点的加速度大小为10m/s 2 D. 小鸟在 P点的加速度
7、大小为6m/s 2 【答案】D 【解析】 【详解】将一苹果（可以视为质点）水平抛出，t时刻速度方向与水平方向的夹角为，则有 00 tan y v gt vv ，运动中只受重力，曲线运动可以分成很多小段，每小段都可以看成圆周运 动的一部分，则有向心力为cosFmgma，解得cosag，所以小鸟做变加速的曲 线运动；经过一段时间也通过P点， 00 4 tan 3 y v gt vv ，即53，小鸟在P点的加速 度大小为 2 536/agcosm s，故 ABC错误，D正确； 故选 D 4. 如图所示，真空中的匀强电场与水平方向成 15 角，AB直线垂直匀强电场E，现有一质量为 m、 电荷量为q的小
8、球在A点以初速度大小v0方向水平向右抛出， 经时间t小球下落到C点( 图 中未画出 ) 时速度大小仍为v0，则小球由A点运动到C点的过程中，下列说法正确的是 A.C一定位于AB直线的右侧 精品文档，名师推荐！ 欢迎下载，祝您学习进步，成绩提升 - 5 - B. 速度先增大后减小 C. 小球的电势能减小 D. 小球的机械能减小量为 2 21 2 mg t 【答案】A 【解析】 【详解】 AC 由题，小球由A点运动到C点的过程中，重力做正功，动能不变，由动能定理 得知，电场力必定做负功，小球的电势能增加，而小球带正电，则知C点的电势比A点电势 高，故C点一定位于AB直线的右侧，故A正确，C 错误；
9、 B由于电场力向左下方，重力竖直向下，开始时合力方向与初速度方向夹角大于 90 ，由动 能定理可知，动能减小，速度减小，故B错误； D由于电场力向左下方，重力竖直向下，将合力沿着水平和竖直方向正交分解，竖直方向的 合力大于重力，故在竖直方向的分运动的加速度a大于g，竖直方向 2211 22 hatgt 即 221 2 mghmg t 故 D错误。 故选 A。 5. 两电荷量大小相等的点电荷连线中点为O ，连线上MN两点关于 O点对称，两电荷连线上电 荷外侧区域电场强度变化规律如图所示，规定享有为场强的正方向，则下列判断正确的是 A. 两电荷为等量同种电荷 B. M 、N 两点场强不同，两点电势
10、相同 精品文档，名师推荐！ 欢迎下载，祝您学习进步，成绩提升 - 6 - C. M 、N 两点场强相同，两点电势不同 D. M 、N 两点均比O点电势高 【答案】C 【解析】 【详解】规定向右为场强的正向，而左侧电荷左侧场强向左，右侧电荷右侧场强也是向左， 即两个电荷是等量异号电荷，A错误；沿着电场线电势降低，故 NM ，且N点电势高于O 点，M点电势低于O点，结合对称性可知 MN EE， BD错误 C正确 6. 一质量为m的物体静止在水平地面上, 在水平拉力F 的作用下开始运动 , 在06s 内其速度与 时间关系图象和拉力的功率与时间关系图象如图所示, 取g=10m/s 2, 下列判断正确的
11、是( ) A. 拉力 F 的大小为4N,且保持不变 B. 物体的质量m为 2kg C. 06s 内物体克服摩擦力做功24J D. 06s 内拉力做的功为156J 【答案】 BD 【解析】 【详解】 A、在 0-2s 内物体做加速运动， 2-6s内做匀速运动，由受力分析可知，拉力不恒定， 故 A错误； B、在 2-6s 内 P=Fv ， P24 F=N=4N V6 ，故 f=F=4N，在甲图中 226 a=/3/ 2 v m sm s t ， 由牛顿第二定律可知F-f=ma，在2s 末，P=Fv，联立解得m=2kg ，F=10N ，故B正确； C、由图象可知在0-6s 内通过的位移为x=30m
12、，故摩擦力做功为Wf=fx=430=120J， 故 C错误； D、由动能定理可知 21 2 f WWmv， 2211 26120156 22 f WmvWJJ，故 D 正确； 故选 BD 7. 三角形传送带以1m/s 的速度逆时针匀速转动，两边的传送带长都是6m且与水平方向的夹 精品文档，名师推荐！ 欢迎下载，祝您学习进步，成绩提升 - 7 - 角均为 37现有两个小物块A、B 从传送带顶端都以1m/s 的初速度沿传送带下滑，物块与 传送带间的动摩擦因数都是0.5 ， （g取 10m/s 2，sin 370.6 ，cos370.8 ）下列说法 正确的是（） A. 物块 A先到达传送带底端 B.
13、 物块 A、B 同时到达传送带底端 C. 传送带对物块A做正功，对物块B做负功 D. 物块 A、B 在传送带上的划痕长度之比为1：2 【答案】 BD 【解析】 A、对 A，因为3737mgsinmgcos，则 A物体所受摩擦力沿斜面向上，向下做匀加速直 线运动，B所受摩擦力沿斜面向上，向下做匀加速直线运动，两物体匀加速直线运动的加速度 相等，位移相等，则运动的时间相等，故A错误，B 正确； C、传送带对A、B 的摩擦力方向与速度方向相反都沿传送带向上，传送带对物块A和物块 B 做负功，故C错误； D、对 A，划痕的长度等于A的位移减为传送带的位移，以A为研究对象，由牛顿第二定律得： 2 2/a
14、m s ，由运动学公式 21 2 xvtat得运动时间分别为： 2ts，所以皮带运动的位移 为 2xvtm，所以 A对皮带的划痕为： 1624xmmm； 对 B，划痕的长度等于B的位移加上传送带的位移，同理得出B对皮带的划痕为 2628xmm，所以划痕之比为1： 2，故D正确； 故选 BD 【点睛】解决本题的关键能正确对其受力分析，判断A、B 在传送带上的运动规律，结合运动 学公式分析求解；特别分析划痕时，找出物理量间的关系是解据划痕的关键 8. 如图所示，一只蚂蚁从A点沿竖直圆弧形轨道内侧爬行若蚂蚁缓慢爬行过程中始终受到 沿 A指向 B的水平恒定风力的影响，且它能沿轨道爬到B点，C 点是最低
15、点， A、B在同一水 平面上下列说法正确的（） 精品文档，名师推荐！ 欢迎下载，祝您学习进步，成绩提升 - 8 - A. 蚂蚁在行走过程中轨道对它的作用力不变 B. 从 A点到 B点过程中蚂蚁受到的支持力先变大后变小 C. 从 A点到 C点过程中蚂蚁受到的摩擦力一直变小 D. 从 A点到 B点过程中蚂蚁受到的摩擦力方向和运动方向可能相反 【答案】 ABD 【解析】 【详解】 A、蚂蚁在行走过程中受到重力、沿A指向 B的水平恒定风力和行走过程中轨道对它 的作用力，蚂蚁缓慢爬行过程中，合力为零，所以其中重力与沿A指向 B的水平恒定风力的 合力跟行走过程中轨道对它的作用力大小相等，方向相反，故A正确
16、； BC 、 从 A点到 C点过程中，风力水平方向，在垂直圆弧方向的分力与支持力方向相同，支持力小 于重力分力，则有sincosNmgF，由增大，从A点到 B点过程中蚂蚁受到的支持 力变大，所以在C点时，蚂蚁受到的支持力等于重力，从C点到 B点过程中，风力水平方向， 在垂直圆弧方向的分力与支持力方向相反，支持力大于重力的分力，则有 cossinNmgF ，由增大，从C点到 B点过程中蚂蚁受到的支持力变小，从A点到 B点过程中蚂蚁受到的支持力先变大后变小，根据摩擦力fN可知，从 A点到 C点过程中 蚂蚁受到的摩擦力一直变大，故B正确，C 错误； D、从 A点到 C点过程中，重力、支持力和风力的合力沿曲面向下，则摩擦力方向与运动方向 精品文档，名师推荐！ 欢迎下载，祝您学习进步，成绩提升 - 9 - 相反；从C点到 B点过程中，若 sincosmgF ，则摩擦力方向与运动方向相反，故D正 确； 故选 ABD 第卷（非选择题） 二、非选择题 : 包括必考题和选考题两部分。考生根据要求作答。 必考题 (11 题，共 129 分。其中第24 题, 第 25 题的解答
