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1、高考复习高考复习|学与练学与练 汇总归纳汇总归纳备战高考备战高考 高考复习学与练 精品资源备战高考2 高考复习学与练 精品资源备战高考3 专题专题 5.2孟德尔的豌豆杂交实验孟德尔的豌豆杂交实验(二二) 【考情分析考情分析】 1.基因的自由组合定律()。 2. 基因的自由组合定律的应用。 【核心素养分析核心素养分析】 1.生命观念：从细胞水平和分子水平阐述基因的自由组合定律。 2.科学思维：解释两对相对性状的杂交实验，总结基因的自由组合定律。 3.科学探究：研究基因的自由组合定律，探究不同对基因在染色体上的位置关系。 4.社会责任：解释、解决生产与生活中的遗传问题。 【重点知识梳理重点知识梳理
2、】 知识点一知识点一 两对相对性状的遗传实验两对相对性状的遗传实验 1两对相对性状的杂交实验其过程为： P黄圆绿皱 F1 黄圆 F29 黄圆3 黄皱3 绿圆1 绿皱 2对自由组合现象的解释提出假说 (1)配子的产生 假说：F1在产生配子时，每对遗传因子彼此分离，不同对的遗传因子可以自由组合。 F1产生的配子 a雄配子种类及比例：YRYryRyr1111。 b雌配子种类及比例：YRYryRyr1111。 (2)配子的结合 假说：受精时，雌雄配子的结合是随机的。 高考复习学与练 精品资源备战高考4 F1配子的结合方式有 16 种。 (3)遗传图解 3设计测交方案及验证演绎和推理 (1)方法：测交实
3、验。 (2)遗传图解 4自由组合定律得出结论 (1)实质：非同源染色体上的非等位基因自由组合。(如图) (2)时间：减数第一次分裂后期。 (3)范围：有性生殖的生物，真核细胞的核内染色体上的基因。无性生殖和细胞质基因遗传时不遵循。 知识点二知识点二 基因自由组合定律的常规题型基因自由组合定律的常规题型 1基因的分离定律与自由组合定律的比较 基因自由组合定律 项目基因分离定律 2 对相对性状n 对相对性状 相对性状的对数1 对2 对n 对 等位基因1 对等位基因位于2 对等位基因位n 对等位基因位 高考复习学与练 精品资源备战高考5 及位置1 对同源染色体上于 2 对同源染色体上于 n 对同源染
4、色体上 遗传实质 减数分裂时，等位 基因随同源染色体的分 离而进入不同配子中 减数分裂时，在等位基因分离的同时， 非同源染色体上的非等位基因进行自由组合， 从而进入同一配子中 实践应用 纯种鉴定及杂种自 交纯合 将优良性状重组在一起 联系 在遗传时，遗传定律同时起作用：在减数分裂形成配子时，既有同 源染色体上等位基因的分离，又有非同源染色体上非等位基因的自由组 合 2.n 对等位基因(完全显性)位于 n 对同源染色体上的遗传规律 F1配子F2基因型F2表现型相对性 状对数 等位基 因对数 种类比例 F1配子可 能组合数 种类比例种类比例 1121143121231 2222(11)24232(
5、121)222(31)2 3323(11)34333(121)323(31)3 nn2n(11)n4n3n(121)n2n(31)n 3.用“先分解后组合”法解决自由组合定律的相关问题 (1)思路：首先将自由组合定律问题转化为若干个分离定律问题，在独立遗传的情况下，有几对基因就 可分解为几个分离定律的问题。 (2)分类剖析 配子类型问题 a多对等位基因的个体产生的配子种类数是每对基因产生相应配子种类数的乘积。 b举例：AaBbCCDd 产生的配子种类数 AaBbCCDd 2 2 1 28 种 求配子间结合方式的规律：两基因型不同的个体杂交，配子间结合方式种类数等于各亲本产生配子 高考复习学与练
6、 精品资源备战高考6 种类数的乘积。 基因型问题 a任何两种基因型的亲本杂交，产生的子代基因型的种类数等于亲本各对基因单独杂交所产生基因 型种类数的乘积。 b子代某一基因型的概率是亲本每对基因杂交所产生相应基因型概率的乘积。 c举例：AaBBCcaaBbcc 杂交后代基因型种类及比例 Aaaa1Aa1aa 2 种基因型 BBBb1BB1Bb 2 种基因型 Cccc1Cc1cc 2 种基因型 子代中基因型种类：2228 种。 子代中 AaBBCc 所占的概率为 1/21/21/21/8。 表现型问题 a任何两种基因型的亲本杂交，产生的子代表现型的种类数等于亲本各对基因单独杂交所产生表现 型种类数
7、的乘积。 b子代某一表现型的概率是亲本每对基因杂交所产生相应表现型概率的乘积。 c举例：AaBbCcAabbCc 杂交后代表现型种类及比例 AaAa3A_1aa 2 种表现型 Bbbb1Bb1bb 2 种表现型 CcCc3C_1cc 2 种表现型 子代中表现型种类：2228 种。 子代中 ABC 所占的概率为 3/41/23/49/32。 【典型题分析典型题分析】 高频考点一高频考点一 自由组合定律的实质自由组合定律的实质 【例 1】（2019 天津卷10）作物 M 的 F1基因杂合，具有优良性状。F1自交形成自交胚的过程见途径 1（以两对同源染色体为例） 。改造 F1相关基因，获得具有与 F
8、1优良性状一致的 N 植株，该植株在形成配 子时，有丝分裂替代减数分裂，其卵细胞不能受精，直接发育成克隆胚，过程见途径 2。据图回答： 高考复习学与练 精品资源备战高考7 （1）与途径 1 相比，途径 2 中 N 植株形成配子时由于有丝分裂替代减数分裂，不会发生由 和 导致的基因重组，也不会发生染色体数目 。 （2）基因杂合是保持 F1优良性状的必要条件。以 n 对独立遗传的等位基因为例，理论上，自交胚与 F1基因型一致的概率是 ，克隆胚与 N 植株基因型一致的概率是 。 （3）通过途径 获得的后代可保持 F1的优良性状。 【答案】 （1）同源染色体非姐妹染色单体交叉互换 非同源染色体自由组合
9、 减半 （2）1/2n 100% （3）2 【解析】由题意可知，可以通过两条途径获得 F1的优良性状，途径 1 为正常情况下 F1自交获得具有 优良性状的子代，途径 2 中先对 M 植株进行基因改造，再诱导其进行有丝分裂而非减数分裂产生卵细胞， 导致其卵细胞含有与 N 植株体细胞一样的遗传信息，再使得未受精的卵细胞发育成克隆胚，该个体与 N 植株的遗传信息一致。 （1）途径 1 是通过减数分裂形成配子，而途径 2 中通过有丝分裂产生配子，有丝分 裂过程中不发生基因重组，且子细胞中染色体数不减半，故与途径 1 相比，途径 2 中 N 植株形成配子时不 会发生同源染色体非姐妹染色单体的交叉互换和非
10、同源染色体的自由组合，也不会发生染色体数目减半。 （2）由题意可知，要保持 F1优良性状需要基因杂合，一对杂合基因的个体自交获得杂合子的概率是 1/2， 若该植株有 n 对独立遗传的等位基因，根据自由组合定律，杂合子自交子代中每对基因均杂合的概率为 1/2n，故自交胚与 F1基因型（基因杂合）一致的概率为 1/2n。而克隆胚的形成相当于无性繁殖过程，子代 和 N 植株遗传信息一致，故克隆胚与 N 植株基因型一致的概率是 100%。 （3）途径 1 产生自交胚的过程存 在基因重组，F1产生的配子具有多样性，经受精作用后的子代具有多样性，不可保持 F1的优良性状；而途 径 2 产生克隆胚的过程不存
11、在基因重组，子代和亲本的遗传信息一致，可以保持 F1的优良性状。 高考复习学与练 精品资源备战高考8 【变式探究】(2020一中模拟)如图表示某种蝴蝶纯合亲本杂交产生的 1355 只 F2的性状。以下分析正 确的是() A翅色和眼色基因均位于常染色体 B翅色和眼色的遗传都遵循分离定律 C亲本的表现型一定是紫翅绿眼和黄翅白眼 D翅色和眼色基因的遗传符合自由组合定律 【答案】B 【解析】从坐标图看出蝴蝶 F2的两对相对性状中紫翅黄翅31，绿眼白眼31，两对相对性状的 遗传都遵循基因的分离定律，B 项正确；不能确定翅色和眼色基因的位置，亲本的表现型可能是紫翅绿眼 和黄翅白眼，也可能是紫翅白眼和黄翅绿
12、眼，翅色和眼色基因可能位于一对同源染色体上，也可能位于两 对同源染色体上，翅色和眼色基因的遗传可能符合自由组合定律，也可能不符合自由组合定律，A、C、D 项错误。 高频考点二高频考点二 亲子代基因型及表现型的推断亲子代基因型及表现型的推断 【例 2】（2020浙江卷）某植物的野生型（AABBcc）有成分 R，通过诱变等技术获得 3 个无成分 R 的稳定遗传突变体（甲、乙和丙） 。突变体之间相互杂交，F1均无成分 R。然后选其中一组杂交的 F1（AaBbCc）作为亲本，分别与 3 个突变体进行杂交，结果见下表： 杂交编号杂交组合子代表现型（株数） F1甲有（199） ，无（602） F1乙有（1
13、01） ，无（699） 高考复习学与练 精品资源备战高考9 F1丙无（795） 注：“有”表示有成分 R， “无”表示无成分 R 用杂交子代中有成分 R 植株与杂交子代中有成分 R 植株杂交，理论上其后代中有成分 R 植株所占 比例为（ ） A. 21/32B. 9/16C. 3/8D. 3/4 【答案】A 【解析】分析题意可知：基因型为 AABBcc 的个体表现为有成分 R，又知无成分 R 的纯合子甲、乙、 丙之间相互杂交，其中一组杂交的 F1基因型为 AaBbCc 且无成分 R，推测同时含有 A、B 基因才表现为有 成分 R，C 基因的存在可能抑制 A、B 基因的表达，即基因型为 A_B_
14、cc 的个体表现为有成分 R，其余基 因型均表现为无成分 R。根据 F1与甲杂交，后代有成分 R：无成分 R1：3，有成分 R 所占比例为 1/4，可 以将 1/4 分解为 1/21/2，则可推知甲的基因型可能为 AAbbcc 或 aaBBcc；F1与乙杂交，后代有成分 R：无 成分 R1：7，可以将 1/4 分解为 1/21/21/2，则可推知乙的基因型为 aabbcc；F1与丙杂交，后代均无成 分 R，可推知丙的基因型可能为 AABBCC 或 AAbbCC 或 aaBBCC。杂交子代中有成分 R 植株基因型为 AABbcc 和 AaBbcc，比例为 1：1，或（基因型为 AaBBcc 和
15、AaBbcc，比例为 1：1， ）杂交子代中有成分 R 植株基因型为 AaBbcc，故杂交子代中有成分 R 植株与杂交子代中有成分 R 植株相互杂交，后代中有 成分 R 所占比例为：1/213/41+1/23/43/41=21/32，A 正确。故选 A。 【变式探究】 （2020浙江卷）若某哺乳动物毛发颜色由基因 De（褐色） 、Df（灰色） 、d（白色）控制， 其中 De和 Df分别对 d 完全显性。毛发形状由基因 H（卷毛） 、h（直毛）控制。控制两种性状的等位基因 均位于常染色体上且独立遗传。基因型为 DedHh 和 DfdHh 的雌雄个体交配。下列说法正确的是（ ） A. 若 De对
16、Df共显性、H 对 h 完全显性，则 F1有 6 种表现型 B. 若 De对 Df共显性、H 对 h 不完全显性，则 F1有 12 种表现型 C. 若 De对 Df不完全显性、H 对 h 完全显性，则 F1有 9 种表现型 D. 若 De对 Df完全显性、H 对 h 不完全显性，则 F1有 8 种表现型 【答案】B 高考复习学与练 精品资源备战高考10 【解析】若 De对 Df共显性，H 对 h 完全显性，基因型为 DedHh 和 DfdHh 雌雄个体交配，毛发颜色基 因型有则 DeDf、Ded、Dfd 和 dd 四种，表现型 4 种，毛发形状基因型有 HH、Hh 和 hh 三种，表现型 2 种， 则 F1有 42=8 种表现型，A 错误；若 De对 Df共显性，H 对 h 不完全显性，基因型为 DedHh 和 DfdHh 雌 雄个体交配，毛发颜色基因型有则
