《黑龙江省大庆市铁人中学2019-2020学年高二物理下学期第一次月考试题含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《黑龙江省大庆市铁人中学2019-2020学年高二物理下学期第一次月考试题含解析（24页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、黑龙江省大庆市铁人中学2019-2020学年高二物理下学期第一次月考试题（含解析）一、选择题1.在磁场中某区域的磁感线如图所示，则（ ）A. a、b两处磁感应强度的大小不等，BaBbC. 同一通电导线放在a处受力一定比放在b处受力大D. 同一通电导线放在a处受力一定比放在b处受力小【答案】A【解析】【详解】AB由磁感线的疏密表示磁感应强度大小，则故A正确，B错误；CD通电导线磁场中受到的安培力，由于同一通电导线放在a处与放在b处相比，由于并不知道导线与磁场方向之间的关系，所以受力大小无法确定，故CD错误。故选A。2.一带电油滴在匀强电场E中的运动轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下若不计空气阻
2、力，则此带电油滴从a运动到b的过程中，能量变化情况为 ( )A. 动能减小B. 电势能增加C. 动能和电势能之和减小D. 重力势能和电势能之和增加【答案】C【解析】【详解】物体做曲线运动过程中受到的合力指向轨迹内侧，并且运动过程中小球只受电场力和重力，所以合力竖直向上，合力与运动方向夹角为锐角，做正功，动能增大，电场力方向向上，电场力做正功，电势能减小，AB错误；根据功能关系可知，在从a到b的运动过程中只有重力、电场力做功，因此重力势能、电势能、动能三者之和保持不变，因该过程中动能增加，因此重力势能和电势能之和减小，故C正确；从a到b的运动过程中重力做负功，重力势能增加，因此动能和电势能之和减
3、小，故D错误【点睛】做此类题目的关键是根据物体做曲线运动过程中受到的合力指向轨迹内侧判断受力情况，本题在电场和重力场的复合场中重点考察带电小球的功能关系转化在学习过程中要明确各种功能关系是解这类问题的关键3.小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线。则下列说法中不正确的是（）A. 随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B. 随着所加电压的增大，小灯泡消耗的功率增大C. 对应P点，小灯泡的电阻RD. 对应P点，小灯泡的电阻R【答案】C【解析】【详解】A图线上的点与原点连线的斜率的倒数表示电阻，随着所加电压的增大，图线上
4、的点与原点连线的斜率逐渐减小，说明电阻逐渐增大，故A正确，不符合题意；B随着所加电压的增大，电流也增大，由公式可知，小灯泡消耗的功率增大，故B正确，不符合题意；CD对应P点，由图可知，小灯泡两端的电压是U1，流过小灯泡的电流是I2，所以电阻故C错误，符合题意；D正确同，不符合题意。故选C。4.竖直平面内有一金属环，半径为a，总电阻为2R，磁感应强度为B的匀强磁场垂直穿过环平面，与环的最高点A铰链连接的长度为2a，电阻为的导体棒AB由水平位置紧贴环面摆下。当摆到竖直位置时，B点的线速度为v，则这时AB两端的电压大小为（）A. BavB. C. BavD. 2Bav【答案】A【解析】【详解】当摆到
5、竖直位置时，导体棒产生的感应电动势为金属环并联的电阻为AB两端的电压是路端电压，AB两端的电压大小为故A正确，BCD错误。故选A。5.如图所示，在屏MN的上方有磁感应强度为B的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里。P为屏上的一小孔，PC与MN垂直。一群质量为m、带电荷量为q（q0）的粒子（不计重力），以相同的速率v，从P处沿垂直于磁场的方向射入磁场区域。粒子入射方向在与磁场B垂直的平面内，且散开在与PC夹角为的范围内。则在屏MN上被粒子打中的区域的长度为（）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得解得粒子沿着右侧边界射入，轨迹如图1此
6、时出射点最近，与边界交点与P间距为粒子沿着左侧边界射入，轨迹如图2此时出射点最近，与边界交点与P间距为粒子垂直边界MN射入，轨迹如3图此时出射点最远，与边界交点与P间距为2r，故范围为在荧光屏上P点右侧，将出现一条形亮线，其长度为故A正确，BCD错误。故选A。6.如图甲所示，矩形导线框abcd放在匀强磁场中，在外力控制下静止不动，磁感线方向与线圈平面垂直，磁感应强度B随时间变化的图象如图乙所示t0时刻，磁感应强度的方向垂直纸面向里在04 s时间内，线框ab边受安培力随时间变化的图象(力的方向规定以向左为正方向)是下图中的( ) A. B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】t=0时刻，磁感
7、应强度的方向垂直线框平面向里，在0到1s内，穿过线框的磁通量变小，由楞次定律可得，感应电流方向是顺时针，再由左手定则可得线框的ab边的安培力水平向左，即安培力为正；当在1s到2s内，磁感应强度的方向垂直线框平面向外，穿过线框的磁通量变大，由楞次定律可得，感应电流方向是顺时针，再由左手定则可得线框的ad边的安培力水平向右，即安培力为负在24s内，重复出现安培力先向左后向右由法拉第电磁感应定理可知，线圈中产生的感应电动势大小不变，则线圈中电流大小不变，根据F=BIL，知在0-2s和2-4s内磁感应强度均匀变化，则安培力的大小也随时间均匀变化A.图像与分析不符，A错误B.图像与分析不符，B错误C.图
8、像与分析不符，C错误D.图像与分析符合，D正确7.利用霍尔效应制作的霍尔元件，广泛应用于测量和自动控制等领域。如图所示是霍尔元件的工作原理示意图，磁感应强度B垂直于霍尔元件的工作面向下，通入图示方向的电流I，N、M两侧面间会形成电势差UNM，下列说法中正确的是（）A. 若该霍尔元件的载流子是正电荷，则电势差UNM0B. 若该霍尔元件的载流子是自由电子，则电势差UNM0C. 电势差UNM 仅与材料有关D. 在测定地球赤道正上方的地磁场强弱时，元件的工作面应保持竖直【答案】D【解析】【详解】A若元件的载流子是正电荷，由左手定则可知，正离子受到的洛伦兹力方向向N侧面偏，则N侧面的电势高于M侧面的电势
9、，则故A错误；B若元件的载流子是自由电子，由左手定则可知，电子受到的洛伦兹力方向向N侧面偏，则M侧面的电势高于N侧面的电势，则故B错误；C电子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，设霍尔元件的长宽高分别为a、b、c，有且则有电势差UNM 与材料、外界磁场等有关，故C错误；D在测定地球赤道上方的地磁场强弱时，应将元件的工作面保持竖直，让磁场垂直通过，故D正确。故选D。8.一个初动能为Ek的带电粒子，以速度V垂直电场线方向飞入两块平行金属板间，飞出时动能为4Ek。如果这个带电粒子的初速度增加到原来的2倍，不计重力，那么该粒子飞出时动能为（）A. 4.5EkB. 4.75 EkC. 7 EkD. 5 E
10、k【答案】B【解析】【详解】设平行金属板的长度为L，板间距离为d，场强为E，当初速度为v时，则有根据动能定理得解得当初速度为2v时，同理可得电场力做功为联立解得当初速度为2v时，初动能变为原来的4倍，根据动能定理得解得故ACD错误，B正确。故选B。9.一带正电的小球向右水平抛入范围足够大的匀强电场，电场方向水平向左，不计空气阻力，则以下说法不正确的是（）A. 做匀变速曲线运动B. 动量的变化率保持不变C. 速率先减小后增大D. 速率先增大后减小【答案】D【解析】【详解】A小球受重力和电场力两个力作用，合力的大小不变，但是方向与速度方向不在同一条直线上，小球做匀变速曲线运动，故A正确，不符合题意
11、；B由于小球合力不变，根据动量定理有可知，小球动量的变化率保持不变，故B正确，不符合题意；CD小球所受的合力为重力与电场力的合力，如图所示则可知合力与速度方向先成钝角，然后成锐角，可知合力先做负功然后做正功，则速度先减小后增大，故C正确，不符合题意，D错误，符合题意。故选D。10.如图所示，用电池对电容器充电，电路a、b之间接有一灵敏电流表，两极板之间有一个电荷q处于静止状态现将两极板的间距变大，则()A. 电荷仍将静止B. 电荷将向上加速运动C. 电流表中将有从a到b的电流D. 电流表中将有从b到a的电流【答案】D【解析】【详解】AB原来电荷静止，电荷所受重力与电场力平衡电容器与电源相连，电
12、容器的电压不变，两极板的间距变大，则板间场强减小，电荷所受电场力减小，电荷将向下加速运动故AB两项错误CD据可得，两极板的间距变大，电容器的电容减小；电容器的电压不变，电容的带电量减小，电容器放电，电流表中将有从b到a的电流故C项错误，D项正确11.要测绘一个标有“3V、0.6W”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3V。实验的电路图应选用图中的（）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】实验要求灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3V，则滑动变阻器应采用分压接法，由于灯泡电阻较小，故电流表应采用外接法，故ABC错误，D正确。故选D。12.线圈在匀强磁场中匀速转动，产生
13、交变电流的图像如图所示，由图可知（）A. 在B、D时刻穿过线圈的磁通量为零B. 在A、C时刻线圈处于与中性面垂直的位置C. 从A时刻到D时刻线圈转过的角度为D. 若从0时刻到D时刻经过0.01s，则在1s内交变电流的方向改变100次【答案】B【解析】【详解】A从图可知在B和D时刻感应电流为零，感应电动势为零，则磁通量最大，故A错误；B从图可知在A和C时刻感应电流最大，感应电动势最大，而磁通量为零，线圈处于与中性面垂直的位置，故B正确；C从图可知从A时刻到D时刻经过时间为，线圈转过的角度为，故C错误；D若从0时刻到D时刻为一个周期则经过0.01s，交流电的方向在0.01s内改变两次，即周期为0.
14、01s，则在1s内交流电的方向改变200次，故D错误。故选B。13.如图所示为一交流电压随时间变化的图象每个周期的前三分之一周期内电压按正弦规律变化，后三分之二周期电压恒定根据图中数据可得，此交流电压的有效值为()A. 7.5VB. 8VC. VD. V【答案】C【解析】【详解】取一个周期进行分段，在0-1s 是正弦式电流，则电压的有效值等于3V在1s-3s是恒定电流，则有效值等于9V则在0-3s内，产生的热量解得：A7.5V，与结论不相符，选项A错误；B8V，与结论不相符，选项B错误；CV，与结论相符，选项C正确；DV，与结论不相符，选项D错误；14.如图是通过变压器降压给用户供电的示意图。变压器输入电压是市区电网的电压，负载变化时输入电压可认为不变。输出电压通过输电线输送给用户，输电线的电阻用R0表示，开关S闭合后，相当于接入电路中工作的用电器增加。如果变压器上的能量损失可以忽略，则开关S闭合后，以下说法正确的是（ ）A. 电表V1示数不变，V2示数减小B. 电表A1、A2示数之比增大C. 变压器的输入功率增大D. 电阻R1两端的电压增大【答案】C【解析】【详解】A因为输入电压几乎不变，原副线圈的电压比等于匝数之比，则副线圈的电压几乎不变，即电压表V1、V2的读数几乎不变，故A错误；B原副线圈电流之比等于匝数之反比
