《四川省南充高级中学2019-2020学年高二物理下学期3月线上试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《四川省南充高级中学2019-2020学年高二物理下学期3月线上试题（含解析）（11页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、四川省南充高级中学2019-2020学年高二物理下学期3月线上试题（含解析）一、选择题1.如图所示，通有恒定电流的导线MN与闭合金属框共面，第一次将金属框由平移到，第二次将金属框绕cd边翻转到，设先后两次通过金属框的磁通量变化量大小分别为1和2，则()A. 12，两次运动中线框中均有沿adcba方向电流出现B. 12，两次运动中线框中均有沿abcda方向电流出现C. 12，两次运动中线框中均有沿adcba方向电流出现D. 12，两次运动中线框中均有沿abcda方向电流出现【答案】C【解析】【详解】AB设在位置通过金属框的磁通量为1，在位置通过金属框的磁通量为2，由题可知：1|21|，2|21|
2、，所以金属框的磁通量变化量大小12，故AB错误CD由安培定则知两次磁通量均向里减小，所以由楞次定律知两次运动中线框中均出现沿adcba方向的电流，故C正确D错误.2.接有理想电压表的三角形导线框abc，如图所示，在匀强磁场中向右运动，则框中有无感应电流，ab两点间有无电势差，电压表有无读数（示数不为零称有读数）（ ）A 无、无、无B. 无、有、有C. 无、有、无D. 有、有、有【答案】C【解析】线框整体在磁场中运动，不能产生感应电流，所以线框中没有感应电流，电压表也没有示数；导体棒ab切割磁感线，所以ab的两端有电势差，故C正确，ABD错误3.如图，EOF和EOF为空间一匀强磁场的边界，其中E
3、OEO，FOFO，且EOOF；OO为EOF的角平分线，OO间的距离为L；磁场方向垂直于纸面向里一边长为L的正方形导线框沿OO方向匀速通过磁场，t=0时刻恰好位于图示位置规定导线框中感应电流沿逆时针方向时为正，则感应电流i与时间t的关系图线可能正确的是（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】运用E=BLv找出感应电动势随时间变化的情况其中L为切割磁感线的有效长度根据右手定则判断出感应电流的方向【详解】在整个正方形导线框通过磁场的过程中，切割磁感线的边框为两竖直边框，两水平边框不切割磁感线由于正方形导线框沿OO方向匀速通过磁场，从开始到左边框到达O之前，进入磁场切割磁感线的有效长度
4、随时间均匀增加，根据E=BLv得出感应电动势随时间也均匀增加，由于电阻不变，所以感应电流i也随时间均匀增加根据右手定则判断出感应电流方向，结合导线框中感应电流沿逆时针方向时为正，得出开始为正方向当左边框到达OO之后，由于进入磁场切割磁感线的有效长度不变，所以感应电流i不变当左边框到达OO中点，右边框即将进入磁场切割磁感线，由于左边框的切割磁感线的有效长度在减小，而右边框切割磁感线有效长度在增大，而左右边框切割磁感线产生的感应电动势方向相反，所以整个感应电动势随时间也均匀减小当左边框到达距O点时，左右边框切割磁感线的有效长度相等，此时感应电动势为0，再往后跟前面过程相反故A、C、D错误，B正确故
5、选B【点睛】注意分析正方形导线框运动过程中切割磁感线的有效长度变化情况规定导线框中感应电流沿逆时针方向时为正，反过来即为负值4.如图所示电路中，电源电动势为E，线圈L的电阻不计。以下判断正确的是（ ）A. 闭合S，稳定后，电容器两端电压为EB. 闭合S，稳定后，电容器的a极带正电C. 断开S的瞬间，电容器的a极板将带正电D. 断开S的瞬间，电容器不带电【答案】C【解析】【分析】由于线圈L的直流电阻不计，s闭合电路稳定后，电容器被短路，两端电压为零，不带电当断开S的瞬间，线圈中电流要减小，产生自感电动势根据楞次定律电容器a板所带电的电性。【详解】AB由于线圈L的直流电阻不计，闭合S稳定后，电容器
6、被短路，两端电压为零，电容器不带电。故AB错误。CD断开s的瞬间，线圈中电流将要减小，产生自感电动势，L与C组成振荡电路，灯泡立即熄灭;根据楞次定律判断可知，线圈产生左正右负的自感电动势，相当于电源，电容器充电，a极板将带正电。故C正确D错误。故选C。5.如图所示，两块水平放置的金属板间距离为d，用导线与一个n匝线圈连接，线圈置于方向竖直向上的磁场B中。两板间有一个质量为m、电荷量为+q的油滴恰好处于平衡状态，则线圈中的磁场B的变化情况和磁通量变化率分别是（ ）A. 正在增强；B. 正在减弱；C. 正在减弱；D. 正在增强；【答案】B【解析】【详解】电荷量为q的带正电的油滴恰好处于静止状态，电
7、场力竖直向上，则电容器的下极板带正电，所以线圈下端相当于电源的正极，由题意可知电流产生的磁场方向和原磁场方向相同，根据楞次定律，可得穿过线圈的磁通量在均匀减弱。线框产生的感应电动势为油滴所受电场力为电场的强度为对油滴，根据平衡条件得所以解得，线圈中的磁通量变化率的大小为故B正确，ACD错误。故选B6.如图所示，用铝板制成U形框，将一质量为m的带电小球用绝缘细线悬挂在框中，使整体在匀强磁场中沿垂直磁场方向向左以速度v匀速运动，悬线拉力为FT，则()A. 悬线竖直，FTmgB. 悬线竖直，FTmgC. 悬线竖直，FTmgD. 无法确定FT的大小和方向【答案】A【解析】【详解】设两板间的距离为L，由
8、于向左运动的过程中竖直板切割磁感线，产生动生电动势，由右手定则判断下板电势高于上板，动生电动势大小EBLv，即带电小球处于电势差为BLv的电场中，所受电场力F电qE电qqqvB.设小球带正电，则所受电场力方向向上同时小球所受洛伦兹力F洛qvB，方向由左手定则判断竖直向下，即F电F洛，所以FTmg.同理分析可知当小球带负电时，FTmg.故无论小球带什么电，FTmg，故 A正确，BCD错误7.一直升机停在南半球的地磁极上空。该处地磁场的方向竖直向上，磁感应强度为B。直升机螺旋桨叶片的长度为L，螺旋桨转动的频率为f，顺着地磁场的方向看螺旋桨，螺旋桨顺时针方向转动。螺旋桨叶片的近轴端为a，远轴端为b。
9、如果忽略a到转轴中心线的距离，用E表示每个叶片中的感应电动势，如图所示，则（ ）A. B. C. a点电势低于b点电势D. a点电势高于b点电势【答案】AC【解析】【详解】AB感应电动势为故A正确，B错误。CD每个叶片都切割磁感线，根据右手定则，a点电势低于b点电势。故C正确，D错误。故选AC。8.如图，磁场垂直于纸面，磁感应强度在竖直方向均匀分布，水平方向非均匀分布一铜制圆环用丝线悬挂于点，将圆环拉至位置后无初速释放，在圆环从摆向的过程中A. 感应电流方向先逆时针后顺时针再逆时针B. 感应电流方向一直是逆时针C. 安培力方向始终与速度方向相反D. 安培力方向始终沿水平方向【答案】AD【解析】
10、试题分析：先看感应电流方向，铜制圆环内磁通量先向里并增大，由楞次定律可知，铜制圆环感应电流的磁场向外，依据右手安培定则得到，感应电流方向为逆时针；铜制圆环越过最低点过程中，铜制圆环内磁通量向里的减小，向外的增大，所以铜制圆环感应电流的磁场向里，感应电流为顺时针；越过最低点以后，铜制圆环内磁通量向外并减小，所以铜制圆环感应电流的磁场向外，感应电流为逆时针，A正确；B错误；再看安培力方向，由于圆环的电流是相等的，把圆环沿竖直方向看成两个半圆环，则这两个半圆环的电流相等、磁场不相同，则磁场强的半圆产生的安培力大于磁场弱的，故安培力的合力的方向是水平的，同理，当圆环摆过最下端的位置时，安培力的方向也是
11、如此，C错误；D正确；故选AD【名师点睛】本题由楞次定律可得出电流的方向，重点在于弄清何时产生电磁感应，以及磁通量是如何变化的，按着应用楞次定律判断感应电流的方向的步骤进行分析和判断；再由左手定则判断安培力的方向考点：楞次定律、安培力第卷二、非选择题9.图示为简单欧姆表原理示意图，其中电流表的偏电流=300A,内阻=100，可变电阻R的最大阻值为10k，电池的电动势E=1.5V,内阻r=0.5，图中与接线柱A相连的表笔颜色应是_色，接正确使用方法测量电阻Rx的阻值时，指针指在刻度盘的正中央，则=_k.若该欧姆表使用一段时间后，电池电动势变小，内阻变大，但此表仍能调零，按正确使用方法再测上述Rx
12、其测量结果与原结果相比较_（填“变大”、“变小”或“不变”）【答案】 (1). 红 (2). 5 (3). 变大【解析】【详解】欧姆表是电流表改装的，必须满足电流的方向“+”进“-”出，即回路中电流从标有“+”标志的红表笔进去，所以与A相连的表笔颜色是红色；当两表笔短接（即）时，电流表应调至满偏电流Ig，设此时欧姆表的内阻为R内此时有关系：，得；，当指针指在刻度盘的正中央时：有：，代入数据可得：；当电池电动势变小、内阻变大时，欧姆得重新调零，由于满偏电流不变，由公式：，欧姆表内阻得调小，待测电阻的测量值是通过电流表的示数体现出来的，由，可知当变小时，变小，指针跟原来的位置相比偏左了，故欧姆表的
13、示数变大了【点睛】根据欧姆表的结构，由闭合电路欧姆定律可以判断读数，以及电池电动势变小，内阻变大时测量结果的变化；本小题考查了考查欧姆表的结构、测量原理，同时还要注意测量误差应如何来分析10.用如图所示电路测量电源的电动势和内阻实验器材：待测电源（电动势约3V，内阻约2），保护电阻R1（阻值10）和R2（阻值5），滑动变阻器R，电流表A，电压表V，开关S，导线若干实验主要步骤：（）将滑动变阻器接入电路的阻值调到最大，闭合开关；（）逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值，记下电压表的示数U和相应电流表的示数I；（）以U为纵坐标，I为横坐标，作UI图线（U、I都用国际单位）；（）求出UI图线斜率的绝对值
14、k和在横轴上的截距a回答下列问题：（1）电压表最好选用_；电流表最好选用_A电压表（0-3V，内阻约15k） B电压表（0-3V，内阻约3k）C电流表（0-200mA，内阻约2） D电流表（0-30mA，内阻约2）（2）滑动变阻器的滑片从左向右滑动，发现电压表示数增大，两导线与滑动变阻器接线柱连接情况是_A两导线接在滑动变阻器电阻丝两端的接线柱B两导线接在滑动变阻器金属杆两端的接线柱C一条导线接在滑动变阻器金属杆左端接线柱，另一条导线接在电阻丝左端接线柱D一条导线接在滑动变阻器金属杆右端接线柱，另一条导线接在电阻丝右端接线柱（3）选用k、a、R1、R2表示待测电源的电动势E和内阻r的表达式E=_，r=_，代入数值可得E和r的测量值【答案】 (1). （1）A、 (2). C (3). （2）C (4). （3）ka (5). k-R2【解析】【详解】（1）电压表并联在电路中，故电压表内阻越大，分流越小，误差也就越小，因此应选内阻较大的A电压表；当滑动变阻器接入电阻最小时，通过电流表电流最大，此时通过电流表电流大小约为；因此，电流表选择C；（2）分析电路可知，滑片右移电压表示数变大，则说明滑动变阻器接入电路部分阻值增大，而A项中两导线均接在金属柱两端上，接入电阻为零；而B项中两导线接在电阻丝两端，接入电阻最大并保持不变；C项中一导线接在金属
