《2020届高三物理二轮专题复习——动量与动量守恒定律》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020届高三物理二轮专题复习——动量与动量守恒定律（13页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2020届高三物理二轮专题复习动量与动量守恒定律一、单选题（本大题共8小题，共32分）1. 质量为m的物体沿某一条直线运动，已知物体的初动量的大小为4kgm/s，经过时间t后，其动量的大小变为10kgm/s，则该物体动量的变化量的大小为()A. 6kgm/sB. 8kgm/sC. 10kgm/sD. 20kgm/s2. 材料相同、质量不同的两滑块，以相同的初动能分别在水平面上运动直到停止，则()A. 质量大的滑块运动时间长B. 质量小的滑块运动位移大C. 质量大的滑块所受摩擦力的冲量小D. 质量小的滑块克服摩擦力做功多3. 关于动量、冲量，下列说法正确的是()A. 物体动量越大，表明它受到的冲
2、量越大B. 物体受到合外力的冲量等于它的动量的变化量C. 物体的速度大小没有变化，则它受到的冲量大小等于零D. 物体动量的方向就是它受到的冲量的方向4. 两球在水平面上相向运动，发生正碰后都静止，则碰前两球的A. 质量一定相等B. 动能一定相等C. 动量大小一定相等D. 速度大小一定相等5. A、B两球沿一直线运动并发生正碰，如图为两球碰撞前后的位移图象，a、b分别为A、B两球碰前的位移图象，c为碰撞后两球共同运动的位移图象，若A球质量是m=2kg，则由图判断下列结论不正确的是()A. 碰撞前后A的动量变化为4kgm/sB. 碰撞时A对B所施冲量为4NsC. A、B碰撞前的总动量为3kgm/s
3、D. 碰撞中A、B两球组成的系统损失的动能为10J6. “天津之眼“是天津市的地标之一，是唯一一座跨河建设、桥轮合一的摩天轮。摩天轮悬挂透明座舱，乘客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动。下列叙述正确的是()A. 摩天轮转动过程中，乘客的机械能保持不变B. 摩天轮转动一周的过程中，乘客重力的冲量为零C. 在最高点，乘客重力大于座椅对他的支持力D. 摩天轮转动过程中，乘客重力的瞬时功率保持不变7. 运载火箭在太空中飞行的原理是()A. 外形流畅，减小空气阻力B. 携带固体燃料，少占体积C. 自身喷出气体，获得反冲力D. 喷出气体后，获得空气浮力8. 如图所示，光滑的水平面上静止着一辆小车(用绝缘材料制
4、成)，小车上固定一对竖直放置的带电金属板，在右金属板的同一条竖直线上有两个小孔a、b。一个质量为m、带电量为q的小球从小孔a无初速度进入金属板，小球与左金属板相碰时间极短，碰撞时小球的电量不变且系统机械能没有损失，小球恰好从小孔b离开金属板，则()A. 小车(含金属板，下同)和小球组成的系统动量守恒B. 小车和小球组成的系统机械能守恒C. 在整个过程中小车的位移为零D. 因为小车和小球的质量大小关系未知，无法求出小车的位移二、多选题（本大题共5小题，共20分）9. 如图甲所示，一轻弹簧的两端与质量分别为m1和m2的两物块A、B相连接，并静止在光滑的水平面上。现使A瞬时获得水平向右的速度3m/s
5、，以此刻为计时起点，两物块的速度随时间变化的规律如图乙所示，下列说法正确的是( )A. 从开始计时到t4这段时间内，物块A、B在t2时刻相距最远B. 物块A在t1与t3两个时刻的加速度大小相等C. t2到t3这段时间内弹簧处于压缩状态D. m1:m2=1:210. A、B两物体的质量之比mA：mB=2：1，它们以相同的初速度v0沿水平地面上做匀减速直线运动，其vt图象如图所示。物体速度由v0减小到零的过程中，A、B两物体()A. 与地面间摩擦力之比为fA：fB=2：1B. 与地面动摩擦因数之比为A：B=2：1C. 克服地面摩擦力做的功之比为WA：WB=2：1D. 受到地面摩擦力冲量大小之比为I
6、A：IB=1：211. 两相同的物体A和B，分别静止在光滑的水平桌面上，由于分别受到水平恒力作用同时开始运动若B所受的力是A的2倍，经过一段时间后，分别用WA、IA和WB、IB表示在这段时间内A和B各自所受恒力做的功和冲量的大小，则有()A. WB=2WAB. WB=4WAC. IB=2IAD. IB=4IA12. 下列四幅图的有关说法正确的是()A. 甲图为两小球发生碰撞，球m1以速度v碰撞静止球m2.若两球质量相等，碰后m2速度一定为vB. 乙图为光电效应中光电流和电压的关系图线，在光频率保持不变的情况下，增加入射光光强，饱和光电流将变大C. 丙图中为原子核衰变的三种射线，射线甲由粒子组成
7、，射线乙为电磁波，射线丙由电子组成D. 丁图所示为链式反应，可以通过石墨、重水等慢化剂来减缓反应的进行13. 关于物体的动量，下列说法中正确的是()A. 物体的动量越大，其惯性也越大B. 同一物体的动量越大，其速度一定越大C. 物体的加速度不变，其动量一定不变D. 运动物体在任一时刻的动量方向一定是该时刻的速度方向三、填空题（本大题共2小题，共18分）14. 质量分别为60kg和70kg的甲、乙两人，分别同时从原来静止于光滑水平面上的小车两端，以3m/s的水平初速度沿相反方向跳到地面上若小车的质量为20kg，则当两人跳离小车后，小车的运动速度为_m/s，方向与(选填“甲、乙”)_相反15. 将
8、两根完全相同的磁铁分别固定在质量相等的小车上，小车置于光滑的水平面上初始时刻，甲车速度大小v甲=3m/s，方向水平向右；乙车速度大小v乙=2m/s，方向水平向左，v甲、v乙在同一条直线上当乙车的速度减小为零时，甲车的速度大小为_ m/s，方向_ 四、计算题（本大题共3小题，共30分）16. 如图所示，在光滑水平面同一直线上有甲、乙两滑块，质量为m1=0.5kg的甲滑块以v0=6m/s的初速度向右运动，质量为m2=2.5kg的乙滑块静置于甲的右侧，甲、乙两滑块碰撞时没有能量损失(1)求甲、乙两滑块碰撞后各自的速度大小和方向；(2)若果甲、乙两滑块碰撞作用时间为0.1s，求乙滑块对甲滑块的平均作用
9、力大小17. 如图所示，质量m1=0.4kg的小车静止在光滑的水平面上，车长L=2.0m，现有质量m2=0.6kg可视为质点的物块，以水平向右的速度v0=3m/s从左端滑上小车，最后在车面上某处与小车保持相对静止物块与车面间的动摩擦因数0.2，取g=10m/s2，求(1)物块在车面上滑行的时间t；(2)要使物块不从小车右端滑出，物块滑上小车左端的速度v0不超过多少18. 质量为10g的子弹以300m/s速度射入质量为50g、静止在光滑水平桌面上的木块。(1)如果子弹留在木块中，求子弹留在木块中以后，木块运动的速度是多大？系统产生的内能为多少？(2)如果子弹把木块打穿，子弹打穿木块后速度为100
10、m/s，这时木块的速度又是多大？答案和解析1.【答案】A【解析】【分析】物体的运动性质未知，所以物体的初、末速度方向可能相同，也可能相反，选取正方向，用正负表示出速度的方向，再求解即可本题关键物体的运动性质未知，要考虑两种情况：末速度与初速度方向相同和相反，不能漏解【解答】解：取初动量方向为正，则初动量p初=4kgm/s未动量有两种可能：末动量为正，p末=10kgm/s则动量的变化量p=p末p初=6kgm/s末动量为负，p末=10kgm/s则动量的变化量p=p末p初=14kgm/s.故A正确，BCD错误故选：A2.【答案】B【解析】解：A、摩擦力f=mg，由动量定理：mgt=02mEK可得t=
11、2mEKmg=1g2Ekm，可得质量大的时间短，则A错误B、由动能定理：mgx=0Ek，可得x=Ekmg，则质量小的位移大，则B正确C、I=P=0mv=2mEK，则质量大的冲量大，则C错误D、摩擦力做的功：W=EK，相同，则D错误故选：B。由动能定理可知影响物体前进位移的因素，由动量定理确定运动时间。由动能定理确定摩擦力做功。本题综合考查动能定理、动量定理，在解题时要注意如果题目中涉及时间，则应考虑应用牛顿第二律或动量定理，若不涉及时间应优先采用动能定理或功能关系。3.【答案】B【解析】解：A、物体的动量等于质量与速度的乘积，与物体受到的冲量无关，故A错误；B、由动量定理可知，物体受到合外力的
12、冲量等于它的动量的变化量，故B正确；C、动量是矢量，物体的速度大小没有变化，如果物体速度方向发生变化，则物体动量发生变化，由动量定理可知，物体受到的冲量大小不为零，故C错误；D、物体动量的方向是物体速度的方向，与物体受到冲量的方向无关，故D错误；故选：B。物体的质量与速度的乘积是物体的动量，物体动量的变化等于合外力的冲量，据此分析答题本题考查了动量、冲量、动量变化问题，知道动量的定义式、应用动量守恒定律即可正确解题4.【答案】C【解析】【分析】两个球发生碰撞的过程中，系统受到外力的合力为零，故两个球构成的系统动量守恒，根据动量守恒定律列方程即可正确解答。本题主要考查了动量守恒定律的直接应用，难
13、度不大，属于基础。【解答】两球碰撞过程中动量守恒，碰后两球都静止，说明碰撞前后两球的总动量为零，故碰前两个球的动量大小相等，方向相反，ABD错误，C正确。故选C。5.【答案】C【解析】解：A、由xt图象的斜率表示速度，可知，碰撞前有：vA=xAtA=4102=3m/s，vB=xBtB=42=2m/s。碰撞后有：vA=vB=v=xCtC=2442=1m/s；则碰撞前后A的动量变化为：PA=mvAmvA=2(1)2(3)=4kgm/s，故A正确。B、对A、B组成的系统，根据动量守恒定律知：碰撞前后B的动量变化为：PB=PA=4kgm/s对B，由动量定理可知，碰撞时A对B所施冲量为：IB=PB=4k
14、gm/s=4Ns.故B正确。C、由PB=mB(vBvB)，所以：，则A与B碰撞前的总动量为：p总=mvA+mBvB=2(3)+432=103kgm/s，故C错误。D、碰撞中A、B两球组成的系统损失的动能：EK=12mvA2+12mBvB212(m+mB)v2，代入数据解得：EK=10J；故D正确。本题选不正确的，故选：C。在位移时间图象中，斜率表示物体的速度，由图象的斜率可求得碰撞前后两球的速度，根据动量定理及动量守恒定律进行分析解答。本题首先要求同学们能根据位移图象的斜率读出碰撞前后两球的速度，其次要明确碰撞的基本规律是动量守恒定律，并要注意动量的方向。6.【答案】C【解析】解：A、机械能等于重力势能和动能之和，摩天轮运动过程中，做匀速圆周运动，乘客的速度大小不变，则动能不变，但高度变化，所以机械能在变化，故A错误；B、转动一周，重力的冲量为I=mgT，不为零，故B错误；C、圆周运动过程中，在最高点，由重力和支持力的合力提供向心力F，向心力指向下方，所以F=mgN，则支持力N=mgF，所以重力大于支持力，故C正确；D、运动过程中，乘客的重力大小不变，速度大小不变，但是速度方向时刻在变化，所以重力的瞬时功率在变化，故D错误。故选：C。根据机械能的定义分析机械能的变化情况；根据冲量的定义分析冲量；根据向心力的来源分析重力和支持力的情况；根据瞬时功率计算式计算
