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1、2020届高三物理二轮专题复习交变电流（强化练习）一、单选题（本大题共8小题，共32分）1. 下列说法中正确的是()A. 直流电能通过电容器B. 交流电能通过电容器C. 直流电、交流电都能通过电容器D. 直流电、交流电都不能通过电容器2. 下列图象表示正弦交流电压的是()A. B. C. D. 3. 下列所列数据不属于交流电有效值的是()A. 交流电表的示数B. 灯泡的额定电压C. 电容器的耐压值D. 保险丝的额定电流4. 如图所示，理想变压器MN原线圈接一交流电源，副线圈回路中有一定值电阻R0和两个小灯泡L1、L2，电表为理想电表最初电键S是断开的，现闭合电键S，则()A. 副线圈两端电压变
2、大B. 灯泡L1变亮C. 电流表A1示数变大D. 电阻R0中的电流变小5. 线圈在匀强磁场中匀速转动，产生交流电的图象如图所示，由图可知()A. 在A和C时刻线圈处于中性面位置B. 在B和D时刻穿过线圈的磁通量为零C. 从A时刻起到D时刻，线圈转过的角度为弧度D. 在A和C时刻磁通量变化率的绝对值最大6. 如图甲所示，R=10的电阻中有图乙所示的电流通过，则电压表的示数为() A. 22VB. 102VC. 20VD. 2032V7. 如图所示，电源输入电压不变，要使电路中电流表示数变大，可采用的方法有() A. 增加电源频率B. 将R上的滑片向下移动C. 将电键S掷向1D. 将电键S掷向28
3、. 一个按正弦规律变化的交变电流的it图象如图所示根据图象可以断定() A. 交变电流的频率f=0.2HzB. 交变电流的有效值I=202AC. 交变电流瞬时值表达式i=20sin0.02tAD. 在t=T8时刻，电流的大小与其有效值相等二、多选题（本大题共5小题，共20分）9. 一矩形线圈在匀强磁场中匀速转动产生的电流瞬时值表达式为：i=102sin(100t)A，则()A. 此交流的频率为50HzB. 此交流的峰值为10AC. 用交流电流表测此电流，示数为10AD. 用交流电流表测此电流，示数为102A10. 在如图所示的电路中，L1、L2、L3是三盏相同的灯泡。当a、b两端接交流6V时，
4、三盏灯的发光情况相同。若将a、b两端接直流6V时，稳定后观察到的现象是 A. 三盏灯L3比L2先亮B. L1不亮，L2、L3的亮度相同C. L1不亮，L2比L3亮D. L1不亮，L3比L2亮11. 某电站用11kV交变电压输电，输送功率一定，输电线的电阻为R，现若用变压器将电压升高到330kV送电，下面选项正确的是()A. 因I=UR，所以输电上的电流增为原来的30倍B. 因为I=PU，所以输电线上的电流减为原来的130C. 因P=U2R，所以输电线上损失的功率为原来的900倍D. 若要使输电线上损失功率不变，可将输电线的半径减为原来的13012. 如图所示，T为理想变压器，副线圈回路中的输电
5、线ab和cd的电阻不可忽略，其余输电线电阻可不计，则当开关S闭合时( )A. 交流电压表V2和V3的示数一定都变小B. 交流电压表V3的示数变小C. 交流电流表A1、A2变大，A3的示数变小D. 只有A1的示数变大13. 如图所示，理想变压器的原、副线圈匝数之比为n1：n2=3：1，原线圈回路中的电阻A与副线圈回路中的负载电阻B的阻值相等。a、b端加一定交流电压U=311sin100t(V)后，则() A. 两电阻两端的电压比UA：UB=3：1B. 两电阻中的电流之比IA：IB=1：3C. 两电阻消耗的电功率之比PA：PB=1：1D. 电阻B两端的电压表的示数UB=66V三、填空题（本大题共2
6、小题，共18分）14. A(本题供选修11的考生作答) (1)穿过闭合回路的磁通量增大，回路中的感应电动势 (选填“增大”、“减小”或“无法确定”)(2)如图是一正弦式交变电流的电压u随时间t变化的图像，该交变电流的电压有效值约为 V.B(本题供选修31的考生作答)(1)将正电荷在电场中沿着电场线移动，电荷的电势能 (选填“增大”、“减小”或“不变”)(2)在如图所示的电路中，电阻R=2.0，电源的电动势E=3.0V.内电阻r=1.0，闭合开关S后，流过电阻R的电流为 A.15. (1)如图1所示，单匝矩形闭合导线框abcd全部处于磁感应强度为B的水平匀强磁场中，线框面积为S，电阻为R.线框绕
7、与cd边重合的竖直固定转轴以角速度匀速转动，线框中感应电流的有效值I=_.线框从中性面开始转过2的过程中，通过导线横截面的电荷量q=_(2)图2为简单欧姆表原理示意图，其中电流表的偏电流IR=300A，内阻Rg=100，可变电阻R的最大阻值为10k，电池的电动势E=1.5V，内阻r=0.5，图中与接线柱A相连的表笔颜色应是_色，接正确使用方法测量电阻Rx的阻值时，指针指在刻度盘的正中央，则Rx=_k.若该欧姆表使用一段时间后，电池电动势变小，内阻变大，但此表仍能调零，按正确使用方法再测上述Rx其测量结果与原结果相比较_(填“变大”、“变小”或“不变”)(3)如图3所示，将打点计时器固定在铁架台
8、上，使重物带动纸带从静止开始自由下落，利用此装置可以测定重力和速度所需器材有打点计时器(带导线)、纸带、复写纸、带铁夹的铁架台和带夹子的重物，此外还需_(填字母代号)中的器材A.直流电源、天平及砝码B.直流电源、毫米刻度尺C.交流电源、天平及砝码D.交流电源、毫米刻度尺通过作图象的方法可以剔除偶然误差较大的数据，提高实验的准确程度为使图线的斜率等于重力加速度，除作vt图象外，还可作_图象，其纵轴表示的是_，横轴表示的是_四、实验题（本大题共1小题，共5分）16. 如图所示，单匝矩形闭合导线框abcd全部处于水平方向的匀强磁场中，线框面积为S，电阻为R.线框绕与cd重合的竖直固定转轴以角速度从中
9、性面开始匀速转动，线框转过时的感应电流为I线框中感应电流的有效值为多少？从中性面开始转过的过程中，通过导线横截面的电荷量q线框转一周的过程中，产生的热量为Q五、计算题（本大题共3小题，共25分）17. 如图所示，线圈abcd的面积是0.05m2，共100匝，线圈电阻为r=1，外接电阻R=5，匀强磁场的磁感应强度为B=1T，当线圈以5r/S的转速匀速转动时，求：(1)转动中感应电动势的最大值和有效值(2)电路中交流电压表和电流表的示数(3)线圈从图示位置转过90的过程中通过电阻R的电荷量18. 理想变压器的原线圈上串联有熔断电流为1A的保险丝A，副线圈上接一电阻R，如图所示，已知原，副线圈的匝数
10、比n1：n2=5：1，当原线圈加上U=2202sin314t(V)的电压时，为使保险丝不熔断，则负载电阻R不得小于多少？19. 如图所示，位于竖直平面内的矩形金属线圈，边长L1=0.40m、L2=0.25m，其匝数n=100匝，总电阻r=1.0，线圈的两个末端分别与两个彼此绝缘的铜环C、D(集流环)焊接在一起，并通过电刷和R=3.0的定值电阻相连接线圈所在空间存在水平向右的匀强磁场，磁感应强度B=1.0T，在外力驱动下线圈绕竖直固定中心轴O1O2匀速转动，角速度=2.0rad/s.求： (1)电阻R两端电压的最大值(2)从线圈通过中性面(即线圈平面与磁场方向垂直的位置)开始计时，经过14周期通
11、过电阻R的电荷量(3)在线圈转动一周的过程中，整个电路产生的焦耳热答案和解析1.【答案】B【解析】解：电容器可以流交阻直，即电容器在电路中，不能通过直流电，但是可以通过交流电；故B正确ACD错误。故选：B。电容器在电路中，具有隔直流、通交流、通高频、阻低频的作用。本题关键是明确电容器在交流电路中的作用，要能够和电感线圈相区分。2.【答案】B【解析】解：交流电的电流和电压如果按照正弦式规律变化，则为正弦式交流电，则可知只有B为正弦式交流电，故B正确，ACD错误。故选：B。明确正弦式交流电的性质，知道其电压或电流按正弦规律变化。本题考查正弦式交流电的性质，要注意明确其图象为正弦或余弦图象。3.【答
12、案】C【解析】解：A、交流电表的示数是有效值。B、灯泡的额定电压也是有效值，C、电容器的耐压值，是指的最大值，D、保险丝的额定电流，也是有效值，题目要求不是有效值，故选：C。正弦式电流给灯泡供电，电压表显示是电源电压的有效值，要求电路中灯泡的电流或功率等，均要用正弦式电流的有效值正确理解交流电的“四值”含义，尤其是“有效值”的理解与应用，同时注意加强这方面的练习4.【答案】C【解析】解：A、由于输入的电压的大小和变压器的匝数比不变，所以变压器的输出的电压始终不变，故A错误；B、当S接通后，电路的总电阻减小，总电流变大，所以电阻R上消耗的电压变大，由于输出的电压不变，所以灯泡L1的电压减小，故灯
13、泡L1变暗，故B错误；C、当S接通后，电路的总电阻减小，总电流变大，而变压器的匝数比不变，所以原线圈中的电流增大，故C正确；D、当S接通后，原线圈电路的总电阻减小，总电流变大，故D错误；故选：C输出电压是由输入电压和匝数比决定的，输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，根据理想变压器的原理分析即可本题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解5.【答案】D【解析】解：AD、在A和C时刻感应电流最大，感应电动势最大，而磁通量为零，磁通量的变化率最大，线圈处于与中性面垂直的位置。故A错误，D正确。B、在B和
14、D时刻感应电流为零，感应电动势为零，线圈位于中性面，磁通量最大。故B错误。C、从A时刻到D时刻经过时间为34周期，线圈转过的角度为1.5弧度。故C错误。故选：D。本题考查理解正弦交变电流与磁通量关系的能力及把握电流的变化与线圈转过的角度的关系的能力。比较简单。6.【答案】C【解析】【分析】电压表的示数为有效值，先根据有效值定义求解电流的有效值，然后根据欧姆定律求解电压的有效值。本题关键明确电压表的示数为有效值，先根据有效值定义求解电流有效值是突破口。【解答】电压表的示数为有效值，先根据图乙求解电阻R中电流的有效值，取一个周期为0.2s，有：I2RT=12Im22R故：I=Im2=2A根据欧姆定律，有：U=IR=210V=20V，故C正确，ABD错误。故选C。7.【答案】D【解析】【分析】输出电压是由输入电压和匝数比决定的，输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，根据理想变压器的原理分析即可。掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，本题即可得到解决。【解答】
