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1、山东省淄博市部分学校2020届高三物理下学期6月阶段性诊断二模试题一、单项选择题： 1.经过m次衰变和n次衰变，变成，则A. m=7，n=4B. m=7，n=3C. m=14，n=10D. m=14，n=18【答案】A【解析】【详解】由质量数守恒得由电荷数守恒得联立解得m=7n=4故A正确，BCD错误。故选A。2.一定质量的理想气体由状态A沿平行T轴的直线变化到状态B，然后沿直线由状态B变化到状态C，P-T图象如图所示。关于该理想气体在状态A、状态B和状态C时的体积VA、VB、VC的关系正确的是A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】从A到B为等压变化，根据可知，随着温度的升高，体积
2、增大，故从B到C为不过坐标原点的直线，根据可知，B点和C点与坐标原点连线的斜率为，如图C点与坐标原点连线的斜率较小，故体积较大，故有所以故C正确，ABD错误。故选C。3.如图所示，理想变压器的原、副线圈分别接理想电流表A、理想电压表V，副线圈上通过输电线接有两个相同的灯泡L1和L2，输电线的等效电阻为R，副线圈匝数可以通过调节滑片P改变。S断开时，灯泡L1正常发光。保持滑片P位置不动，当S闭合时，以下说法中正确的是A. 电压表读数增大B. 电流表读数减小C. 等效电阻R两端电压减小D. 为使灯泡L1正常发光，滑片P应向上滑动【答案】D【解析】【详解】A滑片P位置不动，当S闭合时，总电阻变小，原
3、线圈电压及匝数比不变，副线圈电压不变，电压表读数不变，故A错误；B副线圈电压不变，总电阻变小，根据可知输出功率变大，所以输入功率变大，根据知电流表读数变大，故B错误；CD因为副线圈电流增大，所以等效电阻两端的电压增大，并联部分的电压减小，为了使灯泡L1正常发光，必须增大电压，滑片P应向上滑动，故C错误，D正确；故选D。4.2020年5月5日，长征五号B运载火箭搭载新一代载人飞船试验船，在海南文昌航天发射场首飞成功，将载人飞船试验船送入预定轨道后，试验船绕地球做圆周运动，淄博的40余种蔬菜种子在飞船中进行航天育种。未来月球探测器、火星探测器和载人空间站都要靠长征五号来发射升空。以下判断中正确的是
4、（）A. 同一火箭，在文昌航天发射场（北纬19.6度）时的有效载荷大于西昌航天发射场（北纬28.2度）的有效载荷B. 试验船的绕地运行速度大于7.9km/sC. 在绕地球飞行的试验船内培养出的蔬菜的根，其生长方向应是指向地球的方向D. 火星探测器的发射速度应大于7.9km/s，且小于11.2km/s【答案】A【解析】【详解】A纬度越高，火箭随地球自转角速度越小，火箭具有的初动能越小，则同一火箭，在文昌航天发射场（北纬19.6度）时的有效载荷大于西昌航天发射场（北纬28.2度）的有效载荷，故A正确；B由公式得试验船的绕地运行的半径大于地球半径，则运行速度小于7.9km/s，故B错误；C由于绕地球
5、飞行的试验船处于完全失重状态，则在绕地球飞行的试验船内培养出的蔬菜的根，其生长方向不一定指向地球的方向，故C错误；D第二宇宙速度11.2km/s是卫星脱离地球引力束缚的最小发射速度，第三宇宙速度16.7km/s是卫星逃逸太阳系的最小发射速度，火星探测器脱离地球引力束缚，绕火星做圆周运动，故发射速度应该大于11.2km/s，小于16.7km/s，故D错误。故选A。5.研究表明，新冠病毒耐寒不耐热，温度在超过56时，30分钟就可以灭活。如图所示，含有新冠病毒的气体被轻质绝热活塞封闭在绝热气缸下部a内，气缸顶端有一绝热阀门K，气缸底部接有电热丝E，气缸的总高度h=90cm。a缸内被封闭气体初始温度，
6、活塞与底部的距离cm，活塞和气缸间的摩擦不计。若阀门K始终打开，电热丝通电一段时间，稳定后活塞与底部的距离cm，关于上述变化过程，下列说法正确的是A. b气缸中逸出的气体占原b气缸中气体的B. a气缸中的气体吸收的热量等于其增加的内能C. 稳定后，a气缸内的气体温度为50D. 稳定后，保持该温度不变再持续30分钟，a气缸内新冠病毒能够被灭活【答案】D【解析】【详解】A由题意可知，原b气缸的高度当a气缸稳定后活塞与底部的距离cm此时b气缸的高度设S为活塞的面积，那么b气缸中逸出的气体占原b气缸中气体为A错误；Ba气缸中的气体吸收热量，对外做功,由热力学第一定律可知，a气缸中的气体吸收的热量大于其
7、增加的内能，B错误；CD由于K始终打开，a气缸中气体的压强不变，可得代值求得C错误，D正确。故选D。6.如图甲所示，A、B是一条与光滑斜面平行电场线上两点，若在斜面上某点以一定初速度发射一带正电的小球，小球沿电场线从A运动到B，其速度随时间变化的规律如图乙所示，则（）A. 电场是一个匀强电场B. 电场强度C. 电势D. 小球的重力势能和电势能之和增大【答案】B【解析】【详解】A由图乙可知，小球从A到B的加速度减小，小球受重力，支持力，电场力，所以电场力应为变化的，故A错误；BC小球从A到B的加速度减小，且速度增大，则小球所受电场力沿斜面向上，则所以由于小球带正电，则场强方向沿斜面向上，所以故B
8、正确，C错误；D由能量守恒可知，小球沿电场线从A运动到B时动能增大，则小球的重力势能和电势能之和减小，故D错误。故选B。7.某同学采用如图所示的装置来研究光电效应现象。某单色光照射光电管的阴极K时，会发生光电效应现象，闭合开关S，在阳极A和阴极K之间加反向电压，通过调节滑动变阻器的滑片逐渐增大电压，直至电流计中电流恰为零，此时电压表显示的电压值U称为反向截止电压。现分别用频率为和的单色光照射阴极，测量到的反向截止电压分别为U1和U2。设电子质量为m，电荷量为e，则下列关系式中正确的是A. 两种单色光照射阴极时，光电子的最大初动能之比B. 阴极K金属的极限频率C. 普朗克常量D. 阴极K金属的逸
9、出功【答案】D【解析】【详解】光电子在电场中做减速运动，根据动能定理得根据爱因斯坦光电效应方程得两种单色光照射阴极时，光电子的最大初动能之比阴极K金属的极限频率普朗克常量阴极K金属的逸出功故A、B、C错误，D正确；故选D。8.在某长跑活动中，一长跑爱好者做匀加速直线运动，从某位置开始通过其携带的传感器收集位移x和速度v等数据信息，并从此位置开始计时，通过计算机自动生成的图象如图所示。下列说法正确的是A. 爱好者运动的初速度为1m/sB. 爱好者运动的加速度为2m/s2C. 第1秒内位移为2. 5mD. 爱好者速度的平方v2由4m2/s2增加到8m2/s2的过程中，运动时间为【答案】C【解析】【
10、详解】AB爱好者做匀加速直线运动，则有由图可知当时，代入上式得当时，代入上式得解得故A、B错误；C第1秒内的位移为故C正确；D爱好者速度的平方v2由4m2/s2增加到8m2/s2的过程中，运动时间为故D错误；故选C。二、多项选择题： 9.图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，图乙为质点P以此时刻为计时起点的振动图像。从该时刻起（）A. 经过0. 1s时，质点Q的运动方向沿y轴负方向B. 经过0. 15s，质点P沿x轴的正方向前进了3mC. 经过0. 25s时，质点Q的加速度大于质点P的加速度D. 经过0. 35s时，质点Q运动的路程大于质点P运动的路程【答案】AD【解析】【详解】A由P点的振动
11、图像可知，该时刻质点P向下振动，可知波沿x轴正向传播，经过0. 1s=T时，波向右传播半个波长，则质点Q的运动方向沿y轴负方向，选项A正确；B波在传播的过程中，质点不随波迁移，选项B错误；C经过0. 25s=T时，质点P到达负向最大位置，质点Q在平衡位置上方向正向最大位移振动，则质点Q的加速度小于质点P的加速度，选项C错误；D经过0. 35s=T时，质点P运动的路程为7A，而质点Q运动的路程大于7A，则质点Q运动的路程大于质点P运动的路程，选项D正确。故选AD。10.如图所示，卷扬机的绳索通过定滑轮用力F拉位于粗糙斜面上的木箱，使之沿斜面加速向上移动。在移动过程中，下列说法正确的是A. 力F对
12、木箱做的功等于木箱克服摩擦力和克服重力所做的功之和B. 力F对木箱做的功等于木箱增加的机械能与木箱克服摩擦力所做的功之和C. 木箱增加的机械能等于力F、重力及摩擦力对木箱所做的功之和D. 木箱增加的动能等于力F、重力及摩擦力对木箱所做的功之和【答案】BD【解析】【详解】AB根据功和能量转化的关系可知，力F对木箱做的功应等于木箱增加的动能、木箱克服摩擦力做的功以及木箱增加的重力势能的总和，即力F对木箱做的功应等于木箱增加的机械能与木箱克服摩擦力所做的功之和，故A错误，B正确；C根据功和能量转化的关系可知，木箱增加的机械能等于力F和摩擦力对木箱所做的功之和，故C错误；D根据动能定理可知，木箱增加的
13、动能等于力F、重力及摩擦力对木箱所做的功之和，故D正确；故选BD。11.如图甲所示，一足够长的绝缘竖直杆固定在地面上，带电量为0.01C、质量为0.1kg的圆环套在杆上。整个装置处在水平方向的电场中，电场强度E随时间变化的图像如图乙所示，环与杆间的动摩擦因数为0.5。t=0时，环由静止释放，环所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计空气阻力，g取10m/s2。下列说法正确的是（）A. 环先做加速运动再做匀速运动B. 2s时环的加速度为5m/s2C. 02s内，环的位移小于2.5mD. 06s内，环的最大动能为20J【答案】BCD【解析】【详解】A在t=0时刻，圆环所受摩擦力为所以开始时刻圆环保持
14、静止，当即时，摩擦力与重力大小相等，所以圆环从t=1s开始沿着杆向下运动，因为电场力从t=1s时刻到t=3s时刻，逐渐减小，滑动摩擦力也逐渐减小，所以圆环加速度会增大，物体做加速运动，一直加速到t=5s时刻速度达到最大，从t=5s时刻到t=6s时刻，滑动摩擦力大于重力，加速度方向向上，要做减速运动，故A错误；B当t=2s时刻，E=1102V/m，由牛顿第二定律得代入数据解得故B正确；C假设从t=1s到t=2s这段时间内圆环一直做匀加速直线运动，则02s内环的位移为故C正确；D由题意知当t=5s时刻圆环达到最大速度，根据Et图得到函数关系为E=300100t由牛顿第二定律得：mgqE=ma代入数
15、据解得a与t的函数关系为a=5t5即加速度a与时间t也是一次函数，即线性关系，（3s后斜率变为负，因为摩擦力开始增大）依据at图象面积物理意义表示速度的改变量，所以从t=1s到t=5s这段时间内，速度的改变量为又因为得圆环得最大速度为故圆环的最大动能为故D正确。故选BCD。12.如图所示，在地面上方等间距分布着足够多的、水平方向的条形匀强磁场，每一条形磁场区域的宽度及相邻区域的间距均为d。现有一边长为l（l d）的正方形金属线框在离地高h处以水平初速度从左侧磁场边缘进入磁场，运动中线框平面始终竖直，最终落在地面上，不计空气阻力，重力加速度为g，下列说法正确的是（ ）A. 线框在空中运动的时间一定为
