《内蒙古2020届高三物理上学期10月月考试题【带解析】》由会员分享，可在线阅读，更多相关《内蒙古2020届高三物理上学期10月月考试题【带解析】（19页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、内蒙古鄂尔多斯市第一中学2020届高三物理上学期10月月考试题（含解析）一、选择题1.如图所示，劲度系数为k的轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上一质量为m的小球，从离弹簧上端高h处自由下落，接触弹簧后继续向下运动观察小球从开始下落到第一次运动至最低点的过程，下列关于小球的速度v或加速度a随时间t变化的图象中符合实际情况的是 ( ) A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】AB.小球开始下落到接触弹簧，自由落体运动，小球接触弹簧开始，合力向下，向下做加速度逐渐减小的加速运动，运动到某个位置时，重力等于弹簧弹力，合力为零，加速度为零，速度最大，然后重力小于弹力，合力方向向上，向下做加速
2、度逐渐增大的减速运动，运动到最低点时，速度为零，加速度最大，根据对称性可知，到达最底端时加速度大于g，故A正确B错误CD.结合以上分析可知，加速度开始不变，然后减小再反向增大，最终大于g，故CD错误2.一质量为m的物体用一根足够长细绳悬吊于天花板上的O点,现用一光滑的金属钩子勾住细绳,水平向右缓慢拉动绳子(钩子与细绳的接触点A始终在一条水平线上)，下列说法正确的是（ ）A. 钩子对细绳的作用力始终水平向右B. OA段绳子的力逐渐增大C. 钩子对细绳的作用力先减小后增大D. 钩子对细绳的作用力不可能等于【答案】D【解析】AOA段绳子的力始终等于物体的重力，大小不变对钩子的作用力等于两段绳子拉力的
3、合力，因为两段绳子之间的夹角逐渐减小，绳子对钩子的作用力逐渐增大，方向逐渐改变，钩子对细绳的作用力逐渐改变，故ABC错误；D因为钩子与细绳的接触点A始终在一条水平线上，两段绳子之间的夹角不可能达到90，细绳对钩子的作用力不可能等于，钩子对细绳的作用力也不可能等于，故正确故选：D3.如图所示，甲、乙两个同学对打乒乓球，设甲同学持拍的拍面与水平方向成角，乙同学持拍的拍面与水平方向成角乒乓球击打拍面时速度与拍面垂直，且乒乓球每次击打球拍前、后的速度大小相等，不计空气阻力，则乒乓球击打甲、乙球拍的速度大小之比为 ( ) A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】由题可知，乒乓球在甲与乙之间做斜
4、上抛运动，根据斜上抛运动的特点可知，乒乓球在水平方向的分速度大小保持不变，竖直方向的分速度是不断变化的，由于乒乓球击打拍面时速度与拍面垂直，在甲处：，在乙处：，所以A. 与计算结果相符，故A正确B. 与计算结果不符，故B错误C. 与计算结果不符，故C错误D 与计算结果不符，故D错误4.如图所示，在光滑的水平面上有一段长为L、质量分布均匀的绳子，绳子在水平向左的恒力F作用下做匀加速直线运动绳子上某一点到绳子右端的距离为x，设该处的张力为T，则能正确描述T与x之间的关系的图象是A. B. C. D. 【答案】A【解析】试题分析：设单位长度质量为m；对整体分析有：，则对x分析可知：，联立解得：故可知
5、T与x成正比；则右段绳的质量为，可解得，故D正确；考点：考查了牛顿第二定律的应用【名师点睛】分析整体的受力时采用整体法可以不必分析整体内部的力，分析单个物体的受力时就要用隔离法采用整体隔离法可以较简单的分析问题5.如图所示，小车沿倾角30 的固定斜面向上运动，小车内悬挂小球的轻绳与垂直于斜面方向的夹角也是30，则车与斜面间的动摩擦因数为 ( ) A. B. C. D. 1【答案】C【解析】【详解】设小车质量M，小球质量m，对小车和小球整体受力分析，根据牛顿第二定律，沿斜面方向有隔离小球，受重力和绳的拉力T，沿斜面和垂直斜面方向分解联立解得： A. 与计算结果不符，故A错误B. 与计算结果不符，
6、故B错误C. 与计算结果相符，故C正确D. 1与计算结果不符，故D错误6.分别在两个星球A、B表面上做实验：如图甲所示，在同一个固定的斜面上，用平行于斜面的力分别推两个不同的物块向上运动，得到了加速度a和力F的关系图象如图乙所示，两图象在纵轴上交于同一点，则根据图象 ( ) A. 可以比较出两个物块的质量大小B. 可以比较出两个星球表面的重力加速度大小C. 可以比较出两个物块与斜面间的动摩擦因数大小D. 可以比较出两个物块受到摩擦力的大小【答案】A【解析】【详解】A.根据牛顿第二定律有：解得： ，图像的斜率是质量的倒数，所以可以比较两个物块的质量大小，故A正确BCD.因为两图象在纵轴上交于同一
7、点，所以相同，但是由于g与均不知，所以无法比较两者大小，滑动摩擦力 也无法比较，故BCD错误7.如图所示，水平地面上有一个半球形大坑，O 为球心，AB为沿水平方向的直径若在A点以初速度沿AB方向向右平抛一小球甲，小球甲将击中坑内的最低点D；若在甲球抛出的同时，在C点以初速度沿平行BA方向向左平抛另一小球乙，也恰能击中D点已知COD=600，甲、乙两小球的质量相同，不计空气阻力，则( )A. 甲、乙两小球初速度的大小之比B. 甲、乙两球在此过程中速度变化量的大小之比为2:1C. 甲、乙两小球下落时间之比为D. 逐渐增大小球甲抛出速度的大小，甲球可能垂直撞到坑内BCD上【答案】AC【解析】试题分析
8、：平抛运动的时间由高度决定，根据动能定理比较动能的变化量，根据到达D点时的竖直分速度，结合瞬时功率的公式求出瞬时功率之比结合水平位移和时间之比求出初速度之比甲、乙两小球的水平位移之比为，竖直高度之比为，下落的时间之比为，所以甲、乙两小球平抛初速度的大小之比，AC正确；平抛小球速度的变化量即为竖直分速度，而竖直分速度与下落的时间成正比，所以两球速度变化量的大小之比应为，B错误；逐渐增大小球甲抛出时速度的大小，甲球不可能垂直撞到球壁BCD上因为根据平抛速度的反向延长线过水平位移的中点这一推论，垂直到球壁的速度反向延长线必定过圆心O，而O点并不是水平位移的中点，D错误8.如图所示，倾角为=30的斜面
9、上，一质量为4m的物块经跨过定滑轮的细绳与一质量为m的小球相连，现将小球从水平位置静止释放，小球由水平位置运动到最低点的过程中，物块和斜面始终静止，运动过程中小球和物块始终在同一竖直平面内，则在此过程中( )A. 细绳的拉力先增大后减小B. 物块所受摩擦力逐渐增大C. 地面对斜面的支持力逐渐增大D. 地面对斜面的摩擦力逐渐增大【答案】D【解析】小球向下摆动的过程中，对小球的拉力一直增大，A错误；斜面对物块的摩擦力先减小后增，B错误；对物块和斜面组成的整体分析可知，地面对斜面的支持力一直减小，摩擦力一直增大，C错误，D正确.故选D.9.甲、乙两车在同一条平直公路上行驶，其位置时间图象如图所示，曲
10、线甲为抛物线，P(1s，2m)为抛物线的顶点，图线甲与图线乙相交于Q(2s，1m)下列说法正确的是 ( ) A. t1s时甲车的速度最大B. 02s内甲车的平均速度大于乙车的平均速度C. 02s内甲车的路程是乙车的2倍D. 甲车的加速度大小恒为2m/s2【答案】CD【解析】【详解】A.图像的斜率代表速度，所以t1s时甲车的速度为零，最小，故A错误BC. 02s内甲车的位移为零，路程为2m，所以甲车的平均速度为零；乙车的位移为1m，路程为1m，所以乙车的平均速度为0.5m/s，所以02s内甲车的路程是乙车的2倍，甲车的平均速度小于乙车的平均速度，故B错误C正确D.甲车图像为抛物线做匀变速直线运动
11、，1s时，甲车速度为零，0-1s反向匀加速运动， 解得：故D正确10.如图所示,在倾角为=30的光滑斜面上,物块A、B质量分别为m和2m,物块A静止在轻弹簧上面,物块B用细线与斜面顶端相连,A、B紧挨在一起但A、B之间无弹力已知重力加速度为g,某时刻细线剪断,则细线剪断瞬间,下列说法错误的是( )A. 物块B的加速度为B. 物块A、B间的弹力为C. 弹簧的弹力为D. 物块A的加速度为【答案】A【解析】【分析】剪断细绳前，隔离对A分析，根据共点力平衡求出弹簧的弹力大小，剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，对整体分析，求出整体的加速度，隔离分析求出A、B间的弹力大小【详解】剪断细绳前，对A分析，弹簧的
12、弹力，则细线剪断的瞬间，弹簧的弹力不变，对AB整体分析，加速度，故A错误，CD正确隔离对B分析，根据牛顿第二定律得，解得，故B正确本题选错误的，故选A【点睛】本题考查了牛顿第二定律的瞬时问题，抓住剪断细线的瞬间弹簧的弹力不变，结合牛顿第二定律进行求解，掌握整体法和隔离法的灵活运用11.静止在粗糙水平地面上的物块(视为质点)在水平拉力作用下向右运动，经过一段时间后撤去拉力物体在整个运动过程中的速度的二次方随位移的变化规律如图所示已知物块的质量为2kg，取g10m/s2下列说法正确的是 ( )A. 拉力作用的时间为3sB. 物块运动过程的平均速度大小为9m/sC. 物块与地面间的动摩擦因数为0.6
13、D. 拉力做的功为36J【答案】AC【解析】【详解】A.根据图像可知，加速阶段的末速度为6m/s，加速位移为9m，根据平均速度公式可知 ，加速时间即拉力作用时间故A正确B.物块开始做初速度为零的匀加速，然后做末速度为零的匀减速，所以平均速度相同，均为最大速度的一半，即3m/s，故B错误C.根据减速阶段有 ，且 ，代入数据解得： ，故C正确D.全程根据动能定理可知解得拉力做功 ，故D错误12.甲、乙两船在同一河流中同时开始渡河，河水流速为v0，船在静水中的速率均为v，甲、乙两船船头均与河岸成角，如图所示，已知甲船恰能垂直到达河正对岸的A点，乙船到达河对岸的B点，A、B之间的距离为L，则下列判断正
14、确的是( )A. 乙船先到达对岸B. 若仅是河水流速v0增大，则两船的渡河时间都不变C. 不论河水流速v0如何改变，只要适当改变角，甲船总能到达正对岸的A点D. 若仅是河水流速v0增大，则两船到达对岸时，两船之间的距离仍然为L【答案】BD【解析】将小船的运动分解为平行于河岸和垂直于河岸两个方向，抓住分运动和合运动具有等时性，知甲乙两船到达对岸的时间相等渡河的时间t=，故A错误；若仅是河水流速v0增大，渡河的时间t=，则两船的渡河时间都不变，故B错误；只有甲船速度大于水流速度时，不论水流速v0如何改变，甲船都可能到达河的正对岸A点，故C错误；若仅是河水流速v0增大，则两船到达对岸时间不变，根据速
15、度的分解，船在水平方向的分速度仍不变，则两船之间的距离仍然为L故D正确故选D13.将小球甲从高空A处以初速度大小v0竖直向下抛出，与此同时，在甲的下方有另一小球乙从空中B处以初速度大小v0竖直向上抛出，测得经过时间4s两球在空中相遇若A、B两点间的高度差为64m取g10m/s2，不计空气阻力，则下列判断正确的是 ( )A. v08m/sB. 乙从B处抛出后返回到B处所用的时间为0.8sC. A处离地的高度至少为64mD. 两球一定在B处下方相遇【答案】AD【解析】【详解】A.根据相遇时位移关系可知解得：v08m/s，故A正确B.因为初速度为8m/s，到达最高点所用时间为0.8s，根据对称性可知，乙从B处抛出后返回到B处所用的时间为1.6s，故B错误CD.4s内甲的位移所以A下落的高度为11
