《最新高考物理二轮复习板块一专题突破复习专题八振动和波光学学案》由会员分享，可在线阅读，更多相关《最新高考物理二轮复习板块一专题突破复习专题八振动和波光学学案（20页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、专题八 振动和波 光学知识建构高考调研1.考查方向：高考对本部分的考查热点：波的图象波长、波速和频率及其相互关系光的折射及全反射光的干涉、衍射及双缝干涉实验简谐运动的规律及振动图象电磁波的有关性质2.常用的思想方法：波的传播方向与质点振动方向的互判方法波动问题出现多解的处理方法光的全反射问题的处理方法答案(1)自由振动、受迫振动和共振的关系比较(2)波动图象和振动图象异同点对比 (3)全反射的条件：光从光密介质射入光疏介质；入射角大于或等于临界角(4)光的干涉和衍射的比较考向一振动与波动的综合应用归纳提炼求解波动图象与振动图象综合类问题可采用“一分、一看、二找”的方法1分清振动图象与波动图象此
2、问题最简单，只要看清横坐标即可，横坐标为x则为波动图象，横坐标为t则为振动图象2看清横、纵坐标的单位尤其要注意单位前的数量级3找准波动图象对应的时刻4找准振动图象对应的质点(多选)(2017全国卷)如图，一列简谐横波沿x轴正方向传播，实线为t0时的波形图，虚线为t0.5 s时的波形图已知该简谐波的周期大于0.5 s关于该简谐波，下列说法正确的是_A波长为2 mB波速为6 m/sC频率为1.5 HzDt1 s时，x1 m处的质点处于波峰Et2 s时，x2 m处的质点经过平衡位置解法一：用波向x正方向匀速运动求解思路点拨抓住简谐横波在同一均匀介质中匀速运动、波形整体向前推进的特点求解。从图1可知，
3、虚线是左边实线向x正方向推进所致，从而求出波速和x1 m、x2 m处质点在不同时刻的位置解析由图得波长为4 m，A选项不正确。因该简谐波的周期T0.5 s，说明波的运动不到一波长由图1可知，波的位移为x3 m所以波速v m/s6 m/s，选项B正确由v得T s所以，频率f1.5 Hz，选项C正确由xvt，t1 s时，x6 m，C处的号波谷来到了x1 m的B处，所以x1 m处的质点处于波谷，选项D不正确同理，t2 s时，x1vt12 m，距离x2 m左边12 m的波形(图中没有画出)，来到了x2 m位置，所以x2 m处的质点正经过平衡位置往y轴正方向运动，选项E正确解法二：用波运动而质点只是在平
4、衡位置振动求解思路点拨抓住特殊质点振动与波形的对应关系特点求解在波的传播过程中，质点并没有随波逐流波向x正方向传播所需时间刚好是，时间内处于波峰的质点来到平衡位置向y轴负方向运动.时间波峰处质点经历了从波峰到平衡位置，再从平衡位置到波谷，又从波谷到平衡位置向上从而确定各质点在各时刻的位置解析由图2得波长为4 m，选项A不正确因该简谐波的周期T0.5 s，说明波的运动还不到一个波长由图可知，波的位移x.所以相应的时间t0.5 s，则T s，频率f1.5 Hz，选项C正确所以波速v m/s6 m/s，选项B正确t0 s时，x1 m处的质点正处于波峰，将要往y轴负方向运动经来到平衡位置往y轴负方向运
5、动；经到波谷；时来到平衡位置沿y轴正方向运动所以选项D错误x2 m处的质点在t0 s时，正经过平衡位置往y轴正方向运动t2 s，由n可得n3即再经过3个整周期，质点仍在原位置故选项E正确答案BCE熟练强化1(多选)(2017河北正定模拟)如图所示，有一列减幅传播的简谐横波，x0与x75 m处的A、B两个质点的振动图象分别如图中实线与虚线所示则这列波的()AA点处波长是10 cm，B点处波长是5 cmB周期一定都是2102 sCt0.0125 s时刻，两质点的振动速度方向相反D传播速度一定是600 m/sEA质点的振幅是B质点的振幅的2倍解析由A、B两质点的振动图象可知两质点的周期均为2102
6、s，所以B项正确；再由振动图象知t0时，质点A在平衡位置且向上振动，B处在波峰，则有75 mn(n0、1、2、3)，解得 m(n0、1、2、3)，所以A项错；在t0.0125 sT时，质点A向下振动，B向上振动，所以C项正确；波的传播速度v m/s(n0、1、2、3)，有多种可能，D项错；由图可知质点A的振幅为10 cm，质点B的振幅为5 cm，所以E项正确答案BCE2(多选)(2017河南六市一联)某横波在介质中沿x轴传播，图甲为t0.75 s时的波形图，图乙为P点(x1.5 m处的质点)的振动图象，那么下列说法正确的是()A该波向左传播，波速为2 m/sB质点L与质点N的运动方向总相反Ct
7、1.0 s时，质点P处于平衡位置，并正在往y轴正方向运动D在0.5 s时间内，质点P向右运动了1 mE若该波波长增大，则更容易发生明显的衍射解析由乙图可知T2 s，且P质点在0.75 s时向y轴负方向运动，结合甲图可知该波向左传播，由图甲知4 m，则波速v2 m/s，A项正确由图甲可知，质点L和质点N的平衡位置相距，则质点L与质点N的运动方向总相反，B项正确由图乙可知t1.0 s时，质点P处于平衡位置，并正在往y轴负方向运动，C项错误波动过程中各质点只在各自的平衡位置附近振动，并不随波迁移，D项错误由发生明显衍射现象的条件可知，E项正确答案ABE判断波的传播方向和质点振动方向的方法考向二光的折
8、射和全反射归纳提炼1求解光的折射问题时应掌握以下几点(1)光的折射现象遵守折射定律；光从真空射入某种介质，入射角的正弦与折射角的正弦之比，叫做介质的折射率.n，实验证明：n.(2)光线照射到棱镜的一个侧面上时，经两个侧面折射后，出射光线向棱镜的底边偏折白光通过三棱镜后，出射光束变为红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七色光的光束，这种现象叫光的色散(3)在解决光的折射问题时，应根据题意作出光路图，找出入射角和折射角，并注意光路是可逆的灵活运用几何知识和三角函数的知识解决几何光学问题，然后应用公式来求解2分析光的全反射、临界角问题的一般思路(1)画出恰好发生全反射的光路(2)利用几何知识分析边、角关系，找
9、出临界角(3)以刚好发生全反射的光线为比较对象来判断光线是否发生全反射，从而画出其他光线的光路图(2017全国卷)如图，一玻璃工件的上半部是半径为R的半球体，O点为球心；下半部是半径为R、高为2R的圆柱体，圆柱体底面镀有反射膜有一平行于中心轴OC的光线从半球面射入，该光线与OC之间的距离为0.6R.已知最后从半球面射出的光线恰好与入射光线平行(不考虑多次反射)求该玻璃的折射率思路路线 解析如图，根据光路的对称性和光路可逆性，与入射光线相对于OC轴对称的出射光线一定与入射光线平行这样，从半球面射入的折射光线，将从圆柱体底面中心C点反射设光线在半球面的入射角为i，折射角为r.由折射定律有sinin
10、sinr由正弦定理有由几何关系，入射点的法线与OC的夹角为i.由题设条件和几何关系有sini式中L是入射光线与OC的距离由式和题给数据得sinr由式和题给数据得n1.43答案1.43光的折射和全反射问题的解题技巧(1)在解决光的折射问题时，应根据题意分析光路，即画出光路图，找出入射角和折射角，然后应用公式来求解，找出临界光线往往是解题的关键(2)分析全反射问题时，先确定光是否由光密介质进入光疏介质、入射角是否大于临界角，若不符合全反射的条件，则再由折射定律和反射定律确定光的传播情况(3)在处理光的折射和全反射类型的题目时，根据折射定律及全反射的条件准确作出几何光路图是基础，利用几何关系、折射定
11、律是关键熟练强化迁移一折射定律的应用1一直桶状容器的高为2l，底面是边长为l的正方形；容器内装满某种透明液体，过容器中心轴DD、垂直于左右两侧面的剖面图如图所示容器右侧内壁涂有反光材料，其他内壁涂有吸光材料在剖面的左下角处有一点光源，已知由液体上表面的D点射出的两束光线相互垂直，求该液体的折射率解析设从光源发出直接射到D点的光线的入射角为i1，折射角为r1.在剖面内作光源相对于反光壁的镜像对称点C，连接C、D，交反光壁于E点，由光源射向E点的光线，反射后沿ED射向D点光线在D点的入射角为i2，折射角为r2，如图所示设液体的折射率为n，由折射定律有nsini1sinr1nsini2sinr2由题
12、意知r1r290联立式得n2由几何关系可知sini1sini2联立式得n1.55答案1.55迁移二三棱镜的折射与全反射的考查2如右图所示，一玻璃棱镜的截面为直角三角形ABD，A30，斜边ABL，现有一条光线从距离B点处的O点垂直BD边射入，已知玻璃对该光线的折射率n，求光线在AD边的射出点到A点的距离解析光路如图所示，光线射到AB界面时的入射角i60全反射临界角C满足sinC，可得C45i，故光线在E点发生全反射又r30C，光线从AD边上F点射出棱镜由几何关系可得BE2BO，AEABBE根据光的反射定律可知，三角形AEF为等腰三角形，故有AFcos30则AF答案迁移三半圆形玻璃砖的折射与全反射
13、的考查3(2017全国卷)如图，一半径为R的玻璃半球，O点是半球的球心，虚线OO表示光轴(过球心O与半球底面垂直的直线)已知玻璃的折射率为1.5.现有一束平行光垂直入射到半球的底面上，有些光线能从球面射出(不考虑被半球的内表面反射后的光线)求(1)从球面射出的光线对应的入射光线到光轴距离的最大值；(2)距光轴的入射光线经球面折射后与光轴的交点到O点的距离解析(1)如图，从底面上A处射入的光线，在球面上发生折射时的入射角为i，当i等于全反射临界角ic时，对应入射光线到光轴的距离最大，设最大距离为l.iic设n是玻璃的折射率，由全反射临界角的定义有nsinic1由几何关系有sini联立式并利用题给
14、条件，得lR(2)设与光轴相距的光线在球面B点发生折射时的入射角和折射角分别为i1和r1，由折射定律有nsini1sinr1设折射光线与光轴的交点为C，在OBC中，由正弦定理有由几何关系有Cr1i1sini1联立式及题给条件得OCR2.74R答案(1)R(2)2.74R考向三光的波动性归纳提炼1干涉与衍射的比较光的干涉与衍射现象是光的波动性的表现，也是光具有波动性的证据两者的区别是：光的干涉现象只有在符合一定条件下才发生；而光的衍射现象却总是存在的，只有明显与不明显之分光的干涉现象和衍射现象在屏上出现的都是明暗相间的条纹，但双缝干涉时条纹间隔均匀，从中央到两侧的明纹亮度不变化；而单缝衍射的条纹间隔不均匀，中央明纹又宽又亮，从中央向两侧，条纹宽度减小，明纹亮度显著减弱2光的偏振横波的振动矢量垂直于波的传播方
