《备战2021届高考生物一轮专题复习：第18讲基因的自由组合定律(Ⅱ)-教案》由会员分享，可在线阅读，更多相关《备战2021届高考生物一轮专题复习：第18讲基因的自由组合定律(Ⅱ)-教案（22页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、1 考点一考点一基因自由组合定律的拓展分析基因自由组合定律的拓展分析 1.自由组合定律 9331 的变式分析 F1(AaBb)自 交后代比例 原因分析 97 当双显性基因同时出现时为一种表现型，其余的基因型为 另一种表现型 934 存在 aa(或 bb)时表现为隐性性状，其余正常表现 或 961 单显性表现为同一种性状，其余正常表现 151 有显性基因就表现为同一种性状，其余表现另一种性状 1231 双显性和一种单显性表现为同一种性状， 其余正常表现 或 133 双显性、双隐性和一种单显性表现为一种性状，另一种单 显性表现为另一种性状 2 或 14641 A 与 B 的作用效果相同，但显性基因
2、越多，其效果越强 1(AABB)4(AaBBAABb)6(AaBbAAbb aaBB)4(AabbaaBb)1(aabb) 2.某些致死基因或基因型导致性状的分离比改变 设亲本的基因型为 AaBb，符合基因自由组合定律。 (1) 显性纯合致死AA、BB 致死 自交后代：AaBbAabbaaBbaabb 4221，其余基因型个体致死 测交后代：AaBbAabbaaBbaabb 1111 (2) 隐性纯合致死 双隐性致死：自交后代表现型之比为： 933 单隐性致死：自交后代表现型之比为： 91 题组一自由组合定律中 9331 的变式应用 1.某种小鼠的体色受常染色体基因的控制，现用一对纯合灰鼠杂交
3、，F1都是黑鼠，F1中的雌 雄个体相互交配，F2体色表现为 9 黑6 灰1 白。下列叙述正确的是() A.小鼠体色遗传遵循基因的自由组合定律 B.若 F1与白鼠杂交，后代表现为 2 黑1 灰1 白 C.F2灰鼠中能稳定遗传的个体占 1/2 D.F2黑鼠有两种基因型 答案A 解析根据 F2性状分离比可判断基因的遗传遵循自由组合定律，A 正确；F1(AaBb)与白鼠 (aabb)杂交，后代中 AaBb(黑)Aabb(灰)aaBb(灰)aabb(白)1111，B 错误；F2灰 鼠(A_bb、aaB_)中纯合子占 1/3，C 错误；F2黑鼠(A_B_)有 4 种基因型，D 错误。 2.油菜的凸耳和非凸
4、耳是一对相对性状，用甲、乙、丙三株凸耳油菜分别与非凸耳油菜进行 杂交实验，结果如表所示。相关说法错误的是() PF1F2 甲非凸耳凸耳凸耳非凸耳151 乙非凸耳凸耳凸耳非凸耳31 3 丙非凸耳凸耳凸耳非凸耳31 A.凸耳性状是由两对等位基因控制的 B.甲、乙、丙均为纯合子 C.甲和乙杂交得到的 F2均表现为凸耳 D.乙和丙杂交得到的 F2表现型及比例为凸耳非凸耳31 答案D 解析根据甲与非凸耳杂交后得到的 F1自交， F2出现两种性状， 凸耳和非凸耳之比为 151， 可以推知，凸耳性状是受两对等位基因控制的，A 项正确；由于甲、乙、丙与非凸耳杂交， F1都只有一种表现型，且根据 F2的性状分离
5、比推知，甲、乙、丙均为纯合子，B 项正确；由 于甲非凸耳得到的 F2凸耳非凸耳151，说明非凸耳是双隐性状，甲是双显性状的纯 合子，乙非凸耳得到的 F2凸耳非凸耳31，说明乙是单显性状的纯合子，故甲与乙杂 交得到的 F2中一定有显性基因，即一定是凸耳，C 项正确；由于丙非凸耳得到的 F2凸耳 非凸耳31，故丙也为单显性状的纯合子，因此乙丙杂交得到的 F1为双杂合子，F2为两 种表现型，凸耳非凸耳151，D 项错误。 3.在西葫芦的皮色遗传中， 已知黄皮基因(Y)对绿皮基因(y)为显性， 但在另一白色显性基因(W) 存在时，基因 Y 和 y 都不能表达。现有基因型为 WwYy 的个体自交，其后代
6、表现型种类及 比例是() A.2 种，133B.3 种，1231 C.3 种，1033D.4 种，9331 答案B 解析从题干信息可知，黄果皮的基因型为 wwY_、绿果皮的基因型为 wwyy、白果皮的基 因型为 W_Y_，W_yy。基因型为 WwYy 个体自交，后代基因型(表现型)的比例为 W_Y_(白色)W_yy(白色)wwY_(黄色)wwyy(绿色)9331，故子代有三种表 现型且比例为 1231，B 正确。 4.小麦的粒色受两对同源染色体上的两对基因 R1和 r1、R2和 r2控制。R1和 R2决定红色，r1 和 r2决定白色，R 对 r 为不完全显性，并有累加效应，也就是说，麦粒的颜色
7、随 R 的增加而 逐渐加深。将红粒(R1R1R2R2)与白粒(r1r1r2r2)杂交得 F1，F1自交得 F2，则 F2的基因型种类数 和不同表现型比例为() A.3 种、31B.3 种、121 C.9 种、9331D.9 种、14641 答案D 解析将红粒(R1R1R2R2)与白粒(r1r1r2r2)杂交得 F1，F1的基因型为 R1r1R2r2，所以 F1自交后代 F2的基因型有 9 种；后代中 r1r1r2r2占 1/16，R1r1r2r2和 r1r1R2r2共占 4/16，R1R1r2r2、r1r1R2R2和 4 R1r1R2r2共占 6/16，R1R1R2r2和 R1r1R2R2共占
8、 4/16，R1R1R2R2占 1/16，所以不同表现型的比例为 14641。 5.基因型为 aabbcc 的桃子重 120 克，每产生一个显性等位基因就使桃子增重 15 克，故基因 型为 AABBCC 的桃子重 210 克。 甲桃树自交， F1每桃重 150 克。 乙桃树自交， F1每桃重 120 180 克。甲、乙两树杂交，F1每桃重 135165 克。甲、乙两桃树的基因型可能是() A.甲 AAbbcc，乙 aaBBCC B.甲 AaBbcc，乙 aabbCC C.甲 aaBBcc，乙 AaBbCC D.甲 AAbbcc，乙 aaBbCc 答案D 解析因为一个显性基因可使桃子增重 15
9、克，由甲桃树自交，F1每桃重 150 克，知甲桃树 中应有两个显性基因，且是纯合子；又由乙桃树自交，F1每桃重 120180 克，知乙桃树中 应有两个显性基因，且是杂合子；甲、乙两桃树杂交，F1每桃重 135165 克，进一步确定 甲、乙两桃树的基因型可能为 AAbbcc 和 aaBbCc。 题组二致死基因导致的性状分离比改变 6.(2014上海，27)一种鹰的羽毛有条纹和非条纹、黄色和绿色的差异，已知决定颜色的显性 基因纯合子不能存活。图中显示了鹰羽毛的杂交遗传，对此合理的解释是() 绿色对黄色完全显性绿色对黄色不完全显性 控制羽毛性状的两对基因完全连锁控制羽毛性状的两对基因自由组合 A.B
10、. C.D. 答案B 解析子一代的绿色非条纹个体自交后代中既有绿色又有黄色，说明绿色为显性性状，但子 代中绿色个体与黄色个体的比例为(62)(31)21， 说明绿色个体中存在显性纯合致死 效应，正确、错误；绿色非条纹个体自交后代出现绿色非条纹、黄色非条纹、绿色条纹、 黄色条纹等四种性状，且性状分离比为 6321，说明控制羽毛性状的两对基因可以自由 5 组合，错误、正确。 7.已知某一动物种群中仅有 Aabb 和 AAbb 两种类型的个体(aa 的个体在胚胎期致死)，两对性 状的遗传遵循基因的自由组合定律，AabbAAbb11，且该种群中雌雄个体比例为 11， 个体间可以自由交配，则该种群自由交
11、配产生的成活子代中能稳定遗传的个体所占比例是 () A.5/8B.3/5C.1/4D.3/4 答案B 解析在自由交配的情况下， 上下代之间种群的基因频率不变。 由 AabbAAbb11 可得， A 的基因频率为 3/4，a 的基因频率为 1/4。故子代中 AA 的基因型频率是 A 的基因频率的平 方，为 9/16，子代中 aa 的基因型频率是 a 的基因频率的平方，为 1/16，Aa 的基因型频率为 6/16。 因基因型为 aa 的个体在胚胎期死亡， 所以能稳定遗传的个体(AA)所占比例是 9/16(9/16 6/16)3/5。 题组三利用自由组合定律解决表现型与基因型对应关系的具体问题 8.
12、狗的毛色由两对基因(A、a 和 B、b)控制，共有四种表现型：黑毛(A_B_)、褐毛(aaB_)、 红毛(A_bb)和黄毛(aabb)。图中为狗控制毛色的基因及其所在常染色体的位置关系，请回答 下列问题： (1)图甲所示小狗的毛色为_，基因 A、a 与_遵循基因的自由组合定律。 (2)正常情况下，如果这只小狗产生了如图乙所示的卵细胞，可能的原因是在_期， 同源染色体的非姐妹染色单体之间发生了_所致，该可遗传变异称为 _。 (3)一只黑毛雌狗与一只褐毛雄狗交配，产下的子代有黑毛、红毛、黄毛三种表现型，则亲本 黑毛雌狗的基因型为_；若子代中的黑毛雌狗与黄毛雄狗交配，产下的小狗是红毛雄 狗的概率为_
13、。 答案(1)黑色B、B 或 D、d(2)减数第一次分裂前(联会或四分体)交叉互换基因重组 (3)AaBb1/12 解析(1)根据题意，图甲所示小狗的基因型为 AaBB，所以毛色为黑色，基因 A、a 与 B、B 或 D、d 分别位于两对同源染色体上，遵循基因的自由组合定律。(2)正常情况下，如果这只 小狗产生了如图乙所示的卵细胞，说明原先位于同源染色体上的基因 a 与基因 A 或基因 g 与 基因 G 发生了交叉互换，该过程发生在减数第一次分裂前期(联会或四分体时期)，发生在同 源染色体的非姐妹染色单体之间，该可遗传变异称为基因重组。(3)一只黑毛(A_B_)雌狗与 6 一只褐毛(aaB_)雄
14、狗交配，产下的子代有黑毛(A_B_)、红毛(A_bb)、黄毛(aabb)三种表现 型，可见亲代雌狗能产生基因组成为 ab 的卵细胞，因此亲本黑毛雌狗的基因型为 AaBb，褐 毛雄狗的基因型是 aaBb；子代中的黑毛(1/3AaBB、2/3AaBb)雌狗与黄毛(aabb)雄狗交配，产 下的小狗是红毛狗(A_bb)的概率为 2/31/21/21/6，是雄狗的概率为 1/2，所以后代是红 毛雄狗的概率为 1/61/21/12。 9.(2013福建，28)甘蓝型油菜花色性状由三对等位基因控制，三对等位基因分别位于三对同 源染色体上。花色表现型与基因型之间的对应关系如表所示。 表现型白花乳白花黄花金黄花
15、 基因型AA_Aa_aaB_aa_D_aabbdd 请回答： (1)白花(AABBDD)黄花(aaBBDD)， F1基因型是_， F1测交后代的花色表 现型及其比例是_。 (2)黄花(aaBBDD)金黄花，F1自交，F2中黄花基因型有_种，其中纯合个体占黄花的 比例是_。 (3)甘蓝型油菜花色有观赏价值，欲同时获得四种花色表现型的子一代，可选择基因型为 _的个体自交，理论上子一代比例最高的花色表现型是_。 答案(1)AaBBDD乳白花黄花11 (2)81/5(3)AaBbDd乳白花 解析(1)由双亲基因型可直接写出 F1的基因型，F1测交是与 aabbdd 相交，写出测交后代的 基因型，对照表
16、格得出比例；(2)aaBBDD 与 aabbdd 相交，F1的基因型为 aaBbDd，可用分枝 法列出基因型及其比例，再根据要求回答即可；(3)只有 AaBbDd 的个体自交得到的后代才会 有四种表现型，子一代比例最高的花色表现型，应该是不确定基因对数最多的，即白花和乳 白花，但乳白花中的 Aa 比白花中的 AA 所占的比例高，所以乳白花比例最高。 1.特殊分离比的解题技巧 (1)看 F2的组合表现型比例，若表现型比例之和是 16，不管以什么样的比例呈现，都符合基 因的自由组合定律。 (2)将异常分离比与正常分离比 9331 进行对比，分析合并性状的类型。如比值为 934，则为 93(31)，即 4 为后两种性状的合并结果。
