《云南省玉溪市2018-2019学年高二物理下学期期末联考试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《云南省玉溪市2018-2019学年高二物理下学期期末联考试题（含解析）（16页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、云南省玉溪市2018-2019学年高二物理下学期期末联考试题（含解析）一.选择题： 1.关于电子、原子的结构和玻尔的原子模型，下列说法正确的是A. 汤姆孙发现了电子，并通过油滴实验精确地测出了电子的电荷量B. 卢瑟福通过a粒子散射实验，提出了原子的核式结构模型C. 贝可勒尔首先发现了X射线D. 玻尔的原子模型成功地解释了所有的原子光谱【答案】B【解析】【详解】A汤姆孙发现了电子，密立根通过油滴实验精确地测出了电子的电荷量，选项A错误；B卢瑟福通过a粒子散射实验，提出了原子的核式结构模型，选项B正确；C伦琴首先发现了X射线。故C错误。D波尔的原子模型成功地解释了氢原子的光谱，而不是解释了所有的原
2、子光谱。故D错误。2.为了培养足球人才，全国各地开设了很多足球特色学校。如图所示，某足球特色学校的学生在练习踢球时A. 脚对足球的作用力大于足球对脚的作用力B. 足球在水平地面上滚动时慢慢停下来，可能不受阻力作用C. 足球在水平地面上滚动时,受到地面的支持力是由于地面发生了形变D. 若足球在空中飞行，则其可能不受力【答案】C【解析】【详解】A脚对足球的力和足球对脚的力是相互作用力，这两个力大小相等，故A错误；B足球在水平面上停下来，则运动状态发生了变化，而力是改变物体运动状态的原因，所以足球一定受到阻力作用，故B错误；C地面对足球的支持力，施力物体为地面，所以是因为地面发生了弹性形变而产生的，
3、故C正确；D任何物体都要受到重力作用，空中飞行的足球也受向下的重力，故D错误；3.我国计划于2021年开展火星上软着陆，以庆祝中国共产党成立100周年。地球绕太阳运行的半长轴比火星绕太阳运行的半长轴小,下列说法正确的是A. 在相等的时间内，地球与太阳的连线扫过的面积等于火星与太阳的连线扫过的面积B. 地球绕太阳运行的周期比火星绕太阳运行的周期大C. 地球绕太阳运行的线速度比火星绕太阳运行的线速度小D. 地球绕太阳运行的角速度比火星绕太阳运行的角速度大【答案】D【解析】【详解】A地球和火星绕太阳的轨道不同，在相等的时间内，地球与太阳的连线扫过的面积并不等于火星与太阳的连线扫过的面积。故A错误；B
4、根据开普勒第三定律：所有行星的轨道的半长轴的三次方跟公转周期的二次方的比值都相等。地球绕太阳运行的半长轴比火星绕太阳运行的半长轴小，所以地球绕太阳运行的周期比火星绕太阳的周期小。故B错误；C把椭圆轨道近似看成是圆轨道，根据，地球绕太阳运行的半长轴比火星绕太阳运行的半长轴小，可以推出地球绕太阳运行的线速度比火星绕太阳运行的线速度大。故C错误；D把椭圆轨道近似看成是圆轨道，根据，地球绕太阳运行的半长轴比火星绕太阳运行的半长轴小，地球绕太阳运行的角速度比火星绕太阳运行的角速度大。故D正确；4.在光滑绝缘的水平桌面上有一带电的小球，只在电场力的作用下沿x轴 正向运动，其电势能EP随位移x变化的关系如图
5、所示。下列说法正确的是A. 小球一定带负电荷B. x1处的电场强度一定小于x2处的电场强度C. x1处的电势一定比x2处的电势高D. 小球在x1处的动能一定比在x2处的动能大【答案】B【解析】【详解】A根据题意知小球在运动过程中电势能逐渐减小，所以电场力做正功，由于不知道电场方向，故不知道电场力和电场线的方向的关系，故小球的带电性质不确定，故A错误；B图象在某点的切线的斜率大小等于该点的电场强度大小，x1处的斜率小于x2处的，所以x1处的电场强度小于x2处的电场强度，故B正确；C根据知，小球的电势能减小，但由于小球的电性不确定，所以x1和x2的电势关系不确定，故C错误；D根据能量守恒知，x1处
6、的电势能大于x2处的电势能，所以x1的动能小于x2的动能，故D错误；5.如图所示，足够长的传送带以恒定的速率v1逆时针运动，一质量为m的物块以大小为v2的初速度冲上传送带，最后又滑回，已知v1v2。则物块在传送带上运动过程中合力对物块的冲量大小为A. 2mv1B. 2mv2C. m(v2-v1)D. m(v1+v2)【答案】D【解析】【详解】由于v2v1，则物块返回到P点的速度大小为v1，根据动量定理可知，合力的冲量.A.2mv1与计算结果不相符；故A项错误.B.2mv2与计算结果不相符；故B项错误.C.m(v2-v1)与计算结果不相符；故C项错误.D.m(v1+v2)与计算结果相符；故D项正
7、确.6.如图所示,质量为0. 4 kg的带底座的透明球壳放置在光滑水平面上，球壳内半径为5 cm,内壁光 滑。当对球壳施加一水平推力时，放在球壳内、质量为0. 2 kg的小球（可视为质点）相对球壳静止, 且距离球壳最低点的高度为2 cm,取重力加速度g=10 m/s2，则水平推力的大小为 A. 8 NB. 5.3 NC. 4.5 ND. 3 N【答案】A【解析】【详解】小球具有水平向左的加速度，设圆心与小球连线和竖直方向的夹角为，分析受力可知：mgtan=ma。根据几何关系可知：。研究整体的受力，根据牛顿第二定律可知：F=（m+M）a，联立解得：F=8N。A8 N，与结论相符，选项A正确；B5
8、.3 N，与结论不相符，选项B错误；C4.5 N，与结论不相符，选项C错误；D3 N，与结论不相符，选项D错误；7.一遥控玩具汽车在平直路上运动的位移一时间图象如图所示,则 下列说法正确的是A. 前15 s内汽车处于静止状态B. 前10 s内汽车的加速度为3 m/s2C. 20 s末汽车的速度大小为1 m/sD. 前25 s内汽车的平均速度大小为0. 8 m/s【答案】CD【解析】【详解】AB根据位移-时间图象的斜率等于物体的速度，知前10s内汽车做匀速直线运动，加速度为0，10-15s内汽车静止。故AB错误。C20s末汽车的速度大小等于15-25s内图象的斜率大小，为：，速度的大小为1m/s
9、。故C正确。D前25s内汽车的位移为：x=20m-0=20m，平均速度大小为：。故D正确。8.如图所示.水平方向有磁感应强度大小为0.5 T的匀强磁场，匝数为5的矩形线框ab边长为 0.5m。ad边长为0.4 m，线框绕垂直磁场方向的转轴OO匀速转动，转动的角速度为 20rad/s，线框通过金属滑环与阻值为10的电阻R构成闭合回路。t=0时刻线圈平面与 磁场方向平行。不计线框及导线电阻，下列说法正确的是 A. 线圈中的最大感应电动势为10 VB. 电阻R两端电压的瞬时值表达式u=10sin20t (V)C. 电阻R中电流方向每秒变化20次D. 电阻R消耗的电功率为5 W【答案】C【解析】【详解
10、】A.线圈中产生的感应电动势的最大值为Em=NBS=50.52.50.420V=50V；故A错误.B.不计线框及导线电阻，则电阻R两端电压的最大值 Um=Em=50V，则电阻R两端电压的瞬时值表达式u=Umcost=50cos20t（V）；故B错误.C.交流电的频率为，周期T=0.1s，电流在一个周期内方向变化2次，所以电阻R中电流方向每秒变化20次；故C正确.D.R两端电压的有效值为，R消耗的电功率，解得P=125W；故D错误.9.如图所示，一质量为1 kg的物体静止在水平地面上，受到大小为2 N的水平拉力作用后做匀加速直线运动，经5 s后撤去水平拉力，物体共运动10 s停止,取重力加速度g
11、 =10 m/s2。下列说法正确的是 A. 物体运动过程中受到的摩擦力大小为0. 5 NB. 5 s末物体的动能为12. 5 JC. 物体运动过程中拉力做功为25 JD. 物体运动过程中克服摩擦力做功为12. 5 J【答案】BC【解析】【详解】A0-5s过程中F-f=ma，即2-f=a 5s末其速度为：v=at1=5a 5s到10s过程中：f=ma=a因为末速度为零，所以有v=at2=5a由解得：f=1N，a=a=1m/s2，v=5m/s；故A错误；B5s末的动能为Ekmv212.5J，故B正确；C拉力做功为WFat1222525J，故C正确；D运动过程中克服摩擦力做功为Wf(at12+ at
12、22)=125=25J，故D错误；10.如图所示，在光滑绝缘水平面上有一单匝线圈ABCD，在水平外力作用下以大小为v的速度向右匀速进入竖直向上的匀强磁场，第二次以大小为的速度向右匀速进入该匀强磁场，则下列说法正确的是A. 第二次进入与第一次进入时线圈中的电流之比为1：3B. 第二次进入与第一次进入时外力做功的功率之比为1：3C. 第二次进入与第一次进入时线圈中产生的热量之比为1：3D. 第二次进入与第一次进入时通过线圈中某一横截面的电荷量之比为1：3【答案】AC【解析】【详解】A、设磁感应强度为B，CD边长度为L，AD边长为，线圈电阻为R；线圈进入磁场过程中，产生的感应电动势E=BLv，感应电
13、流，感应电流I与速度v成正比，第二次进入与第一次进入时线圈中电流之比：，故A正确；B、线圈进入磁场时受到的安培力：，线圈做匀速直线运动，由平衡条件得，外力，外力功率，功率与速度的平方成正比，第二次进入与第一次进入时外力做功的功率之比：，故B错误；C、线圈进入磁场过程中产生的热量：，产生的热量与速度成正比，第二次进入与第一次进入时线圈中产生热量之比：，故C正确；D、通过导线横截面电荷量：，电荷量与速度无关，电荷量之比为1：1，故D错误。故选AC。【点睛】根据切割公式E=BLv求解电动势，由欧姆定律求出感应电流，然后求出电流之比；线框匀速进入匀强磁场，安培力与外力平衡，根据安培力公式求解安培力，再
14、结合平衡条件得到外力，最后根据P=Fv求解外力的功率；由焦耳定律求出线圈产生的热量，然后求出热量之比由电流定义式求出电荷量间的关系非选择题： （一）必考题： 11.用打点计时器测量重力加速度的实验装置如图所示。当纸带在钩码 带动下向下运动时，打点计时器在纸带上打下一系列的点。（1）该实验中,下列方法有助于减小实验误差是_.A.应从纸带上的第一个点迹开始测量、计算B.选用钩码的质量应尽可能小些C.操作时，应先释放纸带，后接通电源D.打点计时器的上下两限位孔应在同一竖直线上（2）某同学在正确操作下，选取了一条点迹清晰的纸带，并测得连续三段相邻点的距离，但不 小心将该纸带撕成了三段，并丢失了中间段的
15、纸带，剩余的两段纸带如图所示，其中A、B 两点的距离x1 = 9.8 mm,C、D两点的距离x2=17.6 mm.已知电源的频率为50 Hz.在打点计时器打下C、D两点的过程中，钩码的平均速度v=_ m/s.（3）实验测得当地的重力加速度g= _【答案】 (1). D (2). 0.88 (3). 9.75【解析】【详解】第一空不一定要从纸带上第一个点开始计算验证机械能是否守恒，故A错误；选用的钩码的质量应尽可能大些，密度尽量大一些，可以减小受到的阻力的影响，可减少实验误差，故B错误；操作时，应先接通电源，后释放纸带，以保证纸带充分利用，该次序不能颠倒。故C错误；打点计时器的上下两限位孔应在同一竖直线上，以减小摩擦造成的误差，故D正确。第二空电源的频率为50Hz，则T=0.02s，根据平均速度公式可知 第三空中间段的纸带有1个计时点，根据匀变速
