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1、_._榆林市第二中学高三年级第三次模考物理试题时间：90分钟 满分：110分一、单选题(共8小题,每小题4分,共32分) 1.下列说法正确的是（） A.牛顿通过“斜面实验”，推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因” B.开普勒将第谷的几千个数据归纳出简洁的三定律，掲示了行星运动的规律 C.用质点来代替实际物体的研究方法是等效替代法 D.卡文迪许利用扭秤实验得出万有引力与距离的平方成正比解：A、伽利略通过理想斜面实验，假设没有摩擦，物体将一直运动下去不会停止，从而推翻“力是维持物体运动的原因”，故A错误； B、开普勒将第谷的几千个数据归纳出简洁的三定律，掲示了行星运动的规律，故B正确； C、
2、用质点来代替实际物体的研究方法是理想模型法，故C错误； D、牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许用实验测定了万有引力恒量，故D错误 故选：B 根据物理学史的相关知识，即可对题目做出正确的解答：伽利略用理想斜面实验推翻了亚里士多德关于“力是维持物体运动原因”的观点；开普勒将第谷的几千个数据归纳出简洁的三定律，掲示了行星运动的规律；牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许用实验测定了万有引力恒量 本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一2.如图所示，兴趣小组的同学为了研究竖直运动的电梯中物体的受力情况，在电梯地板上放置了一个压力传感器，将质量为4 kg
3、的物体放在传感器上在电梯运动的某段过程中，传感器的示数为44 Ng取10 m/s2.对此过程的分析正确的是()A 物体受到的重力变大B 物体的加速度大小为1 m/s2C 电梯正在减速上升D 电梯的加速度大小为4 m/s2【答案】B【解析】当物体对支持物的压力大于重力时，物体处于超重状态，超重状态时物体的重力不变故A错误；传感器的示数为44 N，则物体受到的支持力是44 N，根据牛顿第二定律：am/s21 m/s2.故B正确，D错误；物体加速度的方向向上，则是向上做加速运动，或向下做减速运动故C错误3. (多选)某人乘电梯从24楼到1楼的vt图象如图，下列说法正确的是()A 04 s内物体做匀加
4、速直线运动，加速度为1 m/s2,处于超重状态B 416 s内物体做匀速直线运动，速度保持4 m/s不变，处于完全失重状态C 1624 s内，物体做匀减速直线运动，速度由4 m/s减至0，处于失重状态D 024 s内，此人经过的位移为72 m【答案】D4.一物体从某一行星表面竖直向上抛出(不计空气阻力)设抛出时t0，得到物体上升高度随时间变化的ht图象如图所示，则该行星表面重力加速度大小与物体被抛出时的初速度大小分别为()A10 m/s220 m/s B 10 m/s225 m/sC 8 m/s225 m/s D 8 m/s220 m/s【答案】D【解析】由题图已知，物体上升的最大高度Hm25
5、 m，上升和下落的时间均为t2.5 s，由Hmgt2可得出该行星表面的重力加速度大小为g8 m/s2.由t可得：v0gt20 m/s，故D正确5.一辆公共汽车进站后开始刹车，做匀减速直线运动开始刹车后的第1 s内和第2 s内位移大小依次为9 m和7 m则刹车后6 s内的位移是()A 25 m B 24 m C 20 m D 75 m【答案】A 【解析】由xaT2得am/s22 m/s2，由v知v0.59 m/s.由运动学公式vv0at得v0vat9 m/s(2)0.5 m/s10 m/s，故该汽车经5 s时间停止，6 s内发生的位移xt55 m25 m，选项A正确6.如图所示，轻杆长为L.一端
6、固定在水平轴上的O点，另一端系一个小球(可视为质点）小球以O为圆心在竖直平面内做圆周运动，且能通过最高点，g为重力加速度下列说法正确的是A 小球通过最高点时速度不可能小于B 小球通过最高点时所受轻杆的作用力可能为零C 小球通过最高点时所受轻杆的作用力随小球速度的增大而增大D 小球通过最高点时所受轻杆的作用力随小球速度的增大而减小【答案】B【解析】在轻杆小球模型中，小球通过最高点时的最小速度为零，选项A错误；当小球通过最高点的速度v=时，小球所受轻杆的作用力为零，选项B正确；若小球通过最高点时受到杆的作用力为支持力，则有，此时小球通过最高点时所受轻杆的作用力随小球速度的增大而减小，当小球通过最高
7、点受到杆的作用力为拉力时，有，此时小球通过最高点时所受轻杆的作用力随小球速度的增大而增大，故选项C，D错误7.如图所示，滑轮A可沿倾角60的足够长轨道下滑，滑轮下用轻绳挂着一个重力为G的物体B，下滑时，物体B相对于A静止，绳与竖直方向夹角为30，则下滑过程中（不计空气阻力）（） A. A、B的加速度为gsin60 B. A、B的加速度为gsin30 C. 绳的拉力为Gcos30 D. 滑轮A与轨道之间一定有摩擦解：AB、以B为研究对象，受力情况如图所示： 根据几何关系可得合力大小为F合=， 根据牛顿第二定律可得加速度大小为：，AB错误； C、绳子的拉力大小为F=，C错误； D、由AB相对静止，
8、则AB具有共同加速度，假设滑轮不受摩擦力时，对整体分析，其加速度aA=aB=gsin60，可知轻绳应该与杆垂直，所以滑轮受摩擦力作用，D正确 故选：D 以B为研究对象进行受力分析，根据牛顿第二定律求解加速度大小；根据力的合成与分解求解绳子拉力大小；如果没有摩擦力，绳子应该与斜面垂直 8.一倾角为=37的粗糙斜面与一光滑的半径R=0.9m的竖直圆轨道相切于P点，O点是轨道圆心，轨道上的B点是最高点，D点是最低点，C点是最右的点，斜面上的A点与B点等高一质量m=1.0kg的小物块在A点以沿斜面向下的初速度v0刚好能在斜面上匀速运动，通过P点处的小孔进入圆轨道并恰能做完整的圆周运动g=10m/s2，
9、sin37=0.6，cos37=0.8则下列说法正确的是（） A.v0=3m/sB.小物块与斜面间的动摩擦因数=0.6 C.小物块在C点受到的合外力水平向左D.小物块在D点时对轨道压力F0=60N 解：A、在B点，由mg=m，得：vB=3m/s从P到B，由机械能守恒定律得：mgR（1+cos37）+= 解得：v0=41.4m/s3m/s故A错误 B、物块在斜面上做匀速运动，由平衡条件得：mgsin37=mgcos37，得：=0.75故B错误 C、从D到B的过程，由机械能守恒定律得：mg2R+=在D点，由牛顿第二定律得：FD-mg=m联立解得：FD=6mg=60N，由牛顿第三定律知，小物块在D点
10、时对轨道压力FD=FD=60N故D正确 D、小物块在C点受到重力和轨道水平向左的弹力，其合外力斜向左下方，故C错误 故选：D二、多选题(共4小题,每小题6分,共24分) 9.(多选)如图所示，x轴在水平地面内，y轴沿竖直方向图中画出了从y轴上沿x轴正向抛出的三个小球a、b和c的运动轨迹，其中b和c是从同一点抛出的不计空气阻力，则(）Aa的飞行时间比b的长Bb和c的飞行时间相同Ca的水平速度比b的小Db的初速度比c的大【答案】BD【解析】根据平抛运动的规律hgt2，得t，因此平抛运动的时间只由高度决定，因为hbhcha，所以b与c的飞行时间相同，大于a的飞行时间，因此选项A错误、选项B正确；又因
11、为xaxb，而tavc，即b的水平初速度比c的大，选项D正确10.（多选）在一光滑水平面内建立平面直角坐标系，一物体从t0时刻起，由坐标原点O(0,0)开始运动，其沿x轴和y轴方向运动的速度时间图象如图甲、乙所示，下列说法中正确的是 ()A 前2 s内物体沿x轴做匀加速直线运动B 后2 s内物体继续做匀加速直线运动，但加速度沿y轴方向C 4 s末物体坐标为(4 m,4 m)D 4 s末物体坐标为(6 m,2 m)【答案】AD【解析】前2 s内物体在y轴方向速度为0，由题图甲知只沿x轴方向做匀加速直线运动，A正确；后2 s内物体在x轴方向做匀速运动，在y轴方向做初速度为0的匀加速运动，加速度沿y
12、轴方向，合运动是曲线运动，B错误；4 s内物体在x轴方向上的位移是x(2222) m6 m，在y轴方向上的位移为y22 m2 m，所以4 s末物体坐标为(6 m,2 m)，C错误，D正确11. 2012年我国宣布北斗导航系统正式商业运行北斗导航系统又被称为“双星定位系统”，具有导航、定位等功能“北斗”系统中两颗工作卫星均绕地心做匀速圆周运动，轨道半径为r，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A、B两位置（如图所示）若卫星均顺时针运行，地球表面处的重力加速度为g，地球半径为R，不计卫星间的相互作用力则以下判断中正确的是（）A 这两颗卫星的加速度大小相等，均为B 卫星l由位置A运动至位置B所需的时间
13、为C 卫星l向后喷气就不能追上卫星2D 卫星1由位置A运动到位置B的过程中万有引力做正功【答案】AC【解析】根据万有引力提供向心力得，解得根据万有引力等于重力得，GM=gR2，则卫星的加速度a=知卫星的加速度大小相等故A正确；根据得，周期T=经过，卫星1由位置A运动到位置B故B错误；若卫星1向后喷气，则其速度会增大，卫星1将做离心运动，所以卫星1不可能追上卫星2故C正确；卫星1由位置A运动到位置B的过程中，由于万有引力始终与速度垂直，故万有引力不做功，D错误12.在倾角为的固定光滑斜面上有两个用轻弹簧相连接的物块A、B，它们的质量分别为m1、m2，弹簧劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止
14、状态现用一平行于斜面向上的恒力F拉物块A使之向上运动，当物块B刚要离开挡板C时，物块A运动的距离为d，速度为v，则此时（） A.物块B的质量满足m2gsin=kd B.物块A的加速度为 C.拉力做功的瞬时功率为Fv D.此过程中，弹簧弹性势能的增量为Fd-m1dgsin-m1v2解：A、开始系统处于静止状态，弹簧弹力等于A的重力沿斜面下的分力，当B刚离开C时，弹簧的弹力等于B的重力沿斜面下的分力，故m2gsin=kx2，但由于开始是弹簧是压缩的，故dx2，故m2gsinkd，故A错误； B、当B刚离开C时，对A，根据牛顿第二定律得：F-m1gsin-kx2=m1a1，又开始时，A平衡，则有：m1gsin=kx1，而d=x1+x2，解得：物块A加速度为 a1=，故B正确； C、拉力的瞬时功率P=Fv，故C正确； D、根据
