《2020届安徽省“江淮十校”高三上学期第一次联考物理试题（解析word版）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020届安徽省“江淮十校”高三上学期第一次联考物理试题（解析word版）（21页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、江淮十校2020届高三第一次联考物理试卷考生注意：1.本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分。满分l00分。2.考生作答时，请将答案答在答题卡上。第I卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的 答案标号涂黑；第II卷请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答 题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。第I卷（选择题共48分）一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，1 8题只有一个选项符合 题目要求，第9 12题有多个选项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。）1.如图所示
2、两个物体与圆盘保持相对静止，随圆盘一起作匀速圆周运动，则A、B分别受到几个力的作用（ ）A. 3个5个B. 3个4个C. 4个5个D. 4个6个【答案】A【解析】【详解】A物体在水平面内做匀速圆周运动，一定受到重力和B对A的支持力作用，物体在转动过程中，有背离圆心的运动趋势，因此受到指向圆心的静摩擦力，且静摩擦力提供向心力。A共受到3个力的作用；B物体也在水平面内做匀速圆周运动，一定受到重力和圆盘的支持力作用，同时B受到A对B的压力；物体在转动过程中，有背离圆心的运动趋势，因此受到指向圆心的静摩擦力，同时B也受到A对B的静摩擦力，两个静摩擦力的合力提供向心力，所以B受5个力的作用。A. 3个5
3、个与分析相符，故A项正确；B. 3个4个与分析不相符，故B项错误；C. 4个5个与分析不相符，故C项错误；D. 4个6个与分析不相符，故D项错误。2.如图所示，在磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向里的匀强磁场中，金属杆MN在平行金属导轨上以速度v向右匀速滑动。金属导轨间距为电阻不计，金属杆的电阻为2R、长度为L，ab间电阻为R，MN两点间电势差为U，则通过电阻R的电流方向及U的大小（ ）A. ab，BLvB. ab，C. ab，D. ba，【答案】B【解析】【详解】由右手定则判断可知，MN中产生的感应电流方向为NM，则通过电阻R的电流方向为ab，MN产生的感应电动势公式为：E=BLv，R两端的
4、电压为： A. ab，BLv与分析不符，故A项错误；B. ab，与分析相符，故B项正确；C. ab，与分析不符，故C项错误；D. ba，与分析不符，故D项错误。3.如图所示，木板长为L，木板B端放有质量为m的静止物体，物体与板的动摩擦因数为，开始时板水平，现缓慢地抬高B端，使木板以左端为轴转动，当木板转到与水平面的夹角为时小物体开始滑动，此时停止转动木板，小物体滑到木板A端，则在整个过程中，下列说法不正确的是（ ）A. 摩擦力对小物体做功mgLcosB. 支持力对小物体做功为mgLsinC. 重力对小物体做功为0D. 木板对小物体做功为mgLsin-mgLcos【答案】A【解析】【详解】A.
5、在木板从水平位置开始转动到与水平面的夹角为的过程中，摩擦力不做功，物块沿木板下滑过程中，摩擦力对物块做功。摩擦力为mgcos，则摩擦力对物块做功Wf=-mgLcos，故A项与题意相符；B. 在木板从水平位置开始转动到与水平面的夹角为的过程中，支持力对物块做功，物块下滑的过程中，支持力不做功，设前者做功为WN，根据动能定理得：WN-mgLsin=0，得WN=mgLsin故B项与题意不相符；C. 根据重力做功的特点可知，整个过程中，重力做功为0，故C项与题意不相符；D. 设在整个过程中，木板对物块做功为W，则W=mgLsin-mgLcos故D项与题意不相符。4.如图所示，平行板电容器和直流电源（内
6、阻不计）连接，一带电液滴在平行板电容器两极板之间的点处于静止状态。现将极板A向下平移一小段距离，但仍在P点上方，其它条件不变。下列说法中正确的是（ ）A. 液滴带负电，电容器带电量不变B. 带电液滴将向下运动C. 带电液滴电势能增多D. 若先将开关断开再将B极板向下移动一小段距离，则带电油滴所受电场力不变【答案】D【解析】【详解】A. 带电油滴受重力和电场力平衡，根据平衡条件，电场力向上，而场强向下，故液滴带负电荷，将极板A向下平移一小段距离，板间距减小，根据电容增加，根据Q=CU，电荷量增加，故A项与题意不相符；B. 电容器板间的电压保持不变，当将极板A向下平移一小段距离时，根据分析得知，板
7、间场强增大，液滴所受电场力F=qE增大，液滴将向上运动。故B项与题意不相符；C. 当液滴向上运动时，液滴所在的位置电势增大，因为Ep=q，液滴带负电，所以带电液滴的电势能减小，故C项与题意不相符；D.根据，Q=CU，可得，所以断开开关，电容器的电荷量不变，改变距离，电场强度不变，带电油滴所受电场力不变，故D项与题意相符。5.把长为L的导线弯成一个圆心角为的圆弧，将其平放在纸面内。现有一个垂直纸面向外、大小为B的匀强磁场，如图所示，若给导线通以由A到C、大小为I的恒定电流，则导线所受安培力的大小和方向是（）A. IBL，垂直AC向左B. ，垂直AC向左C. ，垂直AC向左D. ，垂直AC向右【答
8、案】C【解析】【详解】弧长为L，圆心角为，则半径 设弦长AC=x则解得： 导线受到的安培力 由左手定则可知，导线受到的安培力方向：水平向左A. IBL，垂直AC向左与分析不相符，故A项错误；B. ，垂直AC向左与分析不相符，故B项错误；C. ，垂直AC向左与分析相符，故C项正确；D. ，垂直AC向右与分析不相符，故D项错误。6.如图所示，a、b两个小球，用细线相连并悬挂于O点，现给小球a施加水平向右拉力F，用T表示绳Oa拉力大小，小球a向右缓慢运动过程中（ ）A. F逐渐变大，T逐渐变小B. F逐渐变大，T逐渐变大C. F逐渐变小，T逐渐变大D. F逐渐变小，T逐渐变小【答案】B【解析】【详解
9、】以小球a为研究对象受力分析如下图所示：其中Tab=Gb；根据平衡条件可知：Tcos=Ga+TabTsin=F当小球a向右缓慢运动过程中，增大，cos减小，sin增大，所以绳子的拉力T增大，F增大；A. F逐渐变大，T逐渐变小与分析不相符，故A项错误；B. F逐渐变大，T逐渐变大与分析相符，故B项正确；C. F逐渐变小，T逐渐变大与分析不相符，故C项错误；D. F逐渐变小，T逐渐变小与分析不相符，故D项错误。7.如图所示的电路中，理想变压器的输入端接一正弦交流电，保持电压U1不变，P为滑动变阻器的滑片，闭合开关S，下列说法正确的是 （）A. 只增加原线圈匝数，变压器的输出电压变大B. 只减少副
10、线圈匝数，变压器的输出功率变小C. 只断开开关S时，变压器的输出电压变大D. 只将P向下滑动时，变阻器消耗的功率一定变大【答案】B【解析】【详解】A. 根据理想变压器电压和匝数的关系可知，增加原线圈匝数，则副线圈的输出电压减小，故A项与题意不相符；B. 减少副线圈的匝数，则副线圈的输出电压减小，输出功率变小，故B项与题意相符；C. 断开开关S时，副线圈电阻增大，但匝数不变，变压器输入电压不变，则输出电压不变，故C项与题意不相符；D. 将P向下滑动时，副线圈电阻增大，输出电压不变，将定值电阻R0与副线圈看成“电源”，定值电阻R0相当于电源内阻，当外电阻与电源内阻相等时，电源的输出功率最大，即变阻
11、器消耗的功率最大，由于定值电阻R0与变阻器的阻值大小不清楚，所以无法确定，变阻器功率变化情况，故D项与题意不相符。8.中国航天科工集团虹云工程，将在2023年前共发射156颗卫星组成的天基互联网，建成后WiFi信号覆盖全球。假设这些卫星中有一颗卫星绕地球做匀速圆周运动的周期为，（T0为地球的自转周期），已知地球的第一宇宙速度为v，地球表面的重力加速度为g，则该卫星绕地球做匀速圆周轨道半径为（）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】绕地球表面旋转的卫星对应的速度是第一宇宙速度，此时重力提供向心力，设卫星的质量为m，即得出 而卫星在高空中旋转时，万有引力提供向心力，设地球质量为M，此高
12、度的速度大小为v1，则有其中GM=R2g解得：该卫星绕地球做匀速圆周运动的轨道半径 A. 与分析不符，故A项错误；B. 与分析不符，故B项错误；C. 与分析不符，故C项错误；D. 与分析相符，故D项正确。9.如图所示，有一以O为圆心、半径为R的圆形光滑绝缘水平轨道，现施加一匀强电场，电场方向与圆形轨道平面平行，A、O两点间电势差为U，U0，一带正电的小球套在轨道上，小球经A、B两点时速度大小均为v0，AOB=，则下列说法正确的是（ ）A. 小球从A到B做匀速圆周运动B. 小球从A到B的运动过程中，动能先增大后减小C. 匀强电场的电场强度大小为D. 圆周上电势最高的点与O点的电势差为2U【答案】
13、CD【解析】【详解】A.小球在电场中所受的电场力是恒力，电场力对小球要做功，其速率在变化，所以小球从A到B一定不是匀速圆周运动，故A项与题意不相符；B. 小球从A到B的运动过程中，电场力做功为零，动能变化量为零，动能也可能先减小后增大，故B项与题意不相符；C. 小球从A到B的运动过程中，电场力做功为零，则知A、B两点电势相等，AB直线为等势线，电场线与AB直线垂直，根据U=ERcos得故C项与题意相符；D. 圆周上电势最高的点与O点的电势差为：Umax=ER=2U故D项与题意相符。10.如图为匀变速直线运动的x-t图象，图象与两坐标轴的交点分别为（t0，0）、（0，-x0）。t=0时，图像切线
14、交t轴坐标为（2t0，0），关于质点的运动下列说法正确的是A. 质点先向x轴负向运动，后向x轴正向运动B. 质点的初速度大小为C. 0t0时间内质点的位移为-x0D. 质点的加速度大小为【答案】BD【解析】【详解】A. 根据图象知，质点一直向x轴正向运动，故A项与题意不相符；B. 质点的初速度为开始点的斜率 故B项与题意相符；C. 时间内质点的位移 故C项与题意不相符；D.根据位移公式代入各个已知量 解得：故D项与题意相符。11.如图甲所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平面上，t=0时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点，然后又被弹起离开弹簧，上升到一
15、定高度后再下落，如此反复。通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出这一过程弹簧弹力F随时间t变化的图象如图乙所示，不计一切阻力。则（）A. t1t2时间内，小球速度先增大后减小B. t2t3时间内，小球加速度先增大后减小C. t2t3时间内，小球的动能和重力势能之和先增加后减少D. t2t3时间内，小球的动能和弹簧弹性势能之和减少【答案】AD【解析】【详解】A.t1时刻小球开始向下压缩弹簧，当弹力等于重力，速度最大，t2时刻弹簧压缩到最短，速度为零，故A项正确；B.t2时刻弹簧压缩到最短，弹力最大，小球加速度最大，所以小球的加速度先增大后减小，故 B项错误；C.t2t3时间内，弹簧变长，形变变小，弹性势能减小，小球的动能和重力势能之和增加，故C项错误； D.t2t3时间内，小球高度升高，重力势能增大，故小球的动能和弹簧弹性势能之
