《2020届安徽省“江淮十校”高三上学期第一次联考物理试题(解析word版)》由会员分享,可在线阅读,更多相关《2020届安徽省“江淮十校”高三上学期第一次联考物理试题(解析word版)(21页珍藏版)》请在金锄头文库上搜索。
1、江淮十校2020届高三第一次联考物理试卷考生注意:1.本试卷分第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分。满分l00分。2.考生作答时,请将答案答在答题卡上。第I卷每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的 答案标号涂黑;第II卷请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答,超出答 题区域书写的答案无效,在试题卷、草稿纸上作答无效。第I卷(选择题共48分)一、选择题(本题共12小题,每小题4分,共48分。在每小题给出的四个选项中,1 8题只有一个选项符合 题目要求,第9 12题有多个选项符合题目要求。全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分。)1.如图所示
2、两个物体与圆盘保持相对静止,随圆盘一起作匀速圆周运动,则A、B分别受到几个力的作用( )A. 3个5个B. 3个4个C. 4个5个D. 4个6个【答案】A【解析】【详解】A物体在水平面内做匀速圆周运动,一定受到重力和B对A的支持力作用,物体在转动过程中,有背离圆心的运动趋势,因此受到指向圆心的静摩擦力,且静摩擦力提供向心力。A共受到3个力的作用;B物体也在水平面内做匀速圆周运动,一定受到重力和圆盘的支持力作用,同时B受到A对B的压力;物体在转动过程中,有背离圆心的运动趋势,因此受到指向圆心的静摩擦力,同时B也受到A对B的静摩擦力,两个静摩擦力的合力提供向心力,所以B受5个力的作用。A. 3个5
3、个与分析相符,故A项正确;B. 3个4个与分析不相符,故B项错误;C. 4个5个与分析不相符,故C项错误;D. 4个6个与分析不相符,故D项错误。2.如图所示,在磁感应强度大小为B,方向垂直纸面向里的匀强磁场中,金属杆MN在平行金属导轨上以速度v向右匀速滑动。金属导轨间距为电阻不计,金属杆的电阻为2R、长度为L,ab间电阻为R,MN两点间电势差为U,则通过电阻R的电流方向及U的大小( )A. ab,BLvB. ab,C. ab,D. ba,【答案】B【解析】【详解】由右手定则判断可知,MN中产生的感应电流方向为NM,则通过电阻R的电流方向为ab,MN产生的感应电动势公式为:E=BLv,R两端的
4、电压为: A. ab,BLv与分析不符,故A项错误;B. ab,与分析相符,故B项正确;C. ab,与分析不符,故C项错误;D. ba,与分析不符,故D项错误。3.如图所示,木板长为L,木板B端放有质量为m的静止物体,物体与板的动摩擦因数为,开始时板水平,现缓慢地抬高B端,使木板以左端为轴转动,当木板转到与水平面的夹角为时小物体开始滑动,此时停止转动木板,小物体滑到木板A端,则在整个过程中,下列说法不正确的是( )A. 摩擦力对小物体做功mgLcosB. 支持力对小物体做功为mgLsinC. 重力对小物体做功为0D. 木板对小物体做功为mgLsin-mgLcos【答案】A【解析】【详解】A.
5、在木板从水平位置开始转动到与水平面的夹角为的过程中,摩擦力不做功,物块沿木板下滑过程中,摩擦力对物块做功。摩擦力为mgcos,则摩擦力对物块做功Wf=-mgLcos,故A项与题意相符;B. 在木板从水平位置开始转动到与水平面的夹角为的过程中,支持力对物块做功,物块下滑的过程中,支持力不做功,设前者做功为WN,根据动能定理得:WN-mgLsin=0,得WN=mgLsin故B项与题意不相符;C. 根据重力做功的特点可知,整个过程中,重力做功为0,故C项与题意不相符;D. 设在整个过程中,木板对物块做功为W,则W=mgLsin-mgLcos故D项与题意不相符。4.如图所示,平行板电容器和直流电源(内
6、阻不计)连接,一带电液滴在平行板电容器两极板之间的点处于静止状态。现将极板A向下平移一小段距离,但仍在P点上方,其它条件不变。下列说法中正确的是( )A. 液滴带负电,电容器带电量不变B. 带电液滴将向下运动C. 带电液滴电势能增多D. 若先将开关断开再将B极板向下移动一小段距离,则带电油滴所受电场力不变【答案】D【解析】【详解】A. 带电油滴受重力和电场力平衡,根据平衡条件,电场力向上,而场强向下,故液滴带负电荷,将极板A向下平移一小段距离,板间距减小,根据电容增加,根据Q=CU,电荷量增加,故A项与题意不相符;B. 电容器板间的电压保持不变,当将极板A向下平移一小段距离时,根据分析得知,板
7、间场强增大,液滴所受电场力F=qE增大,液滴将向上运动。故B项与题意不相符;C. 当液滴向上运动时,液滴所在的位置电势增大,因为Ep=q,液滴带负电,所以带电液滴的电势能减小,故C项与题意不相符;D.根据,Q=CU,可得,所以断开开关,电容器的电荷量不变,改变距离,电场强度不变,带电油滴所受电场力不变,故D项与题意相符。5.把长为L的导线弯成一个圆心角为的圆弧,将其平放在纸面内。现有一个垂直纸面向外、大小为B的匀强磁场,如图所示,若给导线通以由A到C、大小为I的恒定电流,则导线所受安培力的大小和方向是()A. IBL,垂直AC向左B. ,垂直AC向左C. ,垂直AC向左D. ,垂直AC向右【答
8、案】C【解析】【详解】弧长为L,圆心角为,则半径 设弦长AC=x则解得: 导线受到的安培力 由左手定则可知,导线受到的安培力方向:水平向左A. IBL,垂直AC向左与分析不相符,故A项错误;B. ,垂直AC向左与分析不相符,故B项错误;C. ,垂直AC向左与分析相符,故C项正确;D. ,垂直AC向右与分析不相符,故D项错误。6.如图所示,a、b两个小球,用细线相连并悬挂于O点,现给小球a施加水平向右拉力F,用T表示绳Oa拉力大小,小球a向右缓慢运动过程中( )A. F逐渐变大,T逐渐变小B. F逐渐变大,T逐渐变大C. F逐渐变小,T逐渐变大D. F逐渐变小,T逐渐变小【答案】B【解析】【详解
9、】以小球a为研究对象受力分析如下图所示:其中Tab=Gb;根据平衡条件可知:Tcos=Ga+TabTsin=F当小球a向右缓慢运动过程中,增大,cos减小,sin增大,所以绳子的拉力T增大,F增大;A. F逐渐变大,T逐渐变小与分析不相符,故A项错误;B. F逐渐变大,T逐渐变大与分析相符,故B项正确;C. F逐渐变小,T逐渐变大与分析不相符,故C项错误;D. F逐渐变小,T逐渐变小与分析不相符,故D项错误。7.如图所示的电路中,理想变压器的输入端接一正弦交流电,保持电压U1不变,P为滑动变阻器的滑片,闭合开关S,下列说法正确的是 ()A. 只增加原线圈匝数,变压器的输出电压变大B. 只减少副
10、线圈匝数,变压器的输出功率变小C. 只断开开关S时,变压器的输出电压变大D. 只将P向下滑动时,变阻器消耗的功率一定变大【答案】B【解析】【详解】A. 根据理想变压器电压和匝数的关系可知,增加原线圈匝数,则副线圈的输出电压减小,故A项与题意不相符;B. 减少副线圈的匝数,则副线圈的输出电压减小,输出功率变小,故B项与题意相符;C. 断开开关S时,副线圈电阻增大,但匝数不变,变压器输入电压不变,则输出电压不变,故C项与题意不相符;D. 将P向下滑动时,副线圈电阻增大,输出电压不变,将定值电阻R0与副线圈看成“电源”,定值电阻R0相当于电源内阻,当外电阻与电源内阻相等时,电源的输出功率最大,即变阻
11、器消耗的功率最大,由于定值电阻R0与变阻器的阻值大小不清楚,所以无法确定,变阻器功率变化情况,故D项与题意不相符。8.中国航天科工集团虹云工程,将在2023年前共发射156颗卫星组成的天基互联网,建成后WiFi信号覆盖全球。假设这些卫星中有一颗卫星绕地球做匀速圆周运动的周期为,(T0为地球的自转周期),已知地球的第一宇宙速度为v,地球表面的重力加速度为g,则该卫星绕地球做匀速圆周轨道半径为()A. B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】绕地球表面旋转的卫星对应的速度是第一宇宙速度,此时重力提供向心力,设卫星的质量为m,即得出 而卫星在高空中旋转时,万有引力提供向心力,设地球质量为M,此高
12、度的速度大小为v1,则有其中GM=R2g解得:该卫星绕地球做匀速圆周运动的轨道半径 A. 与分析不符,故A项错误;B. 与分析不符,故B项错误;C. 与分析不符,故C项错误;D. 与分析相符,故D项正确。9.如图所示,有一以O为圆心、半径为R的圆形光滑绝缘水平轨道,现施加一匀强电场,电场方向与圆形轨道平面平行,A、O两点间电势差为U,U0,一带正电的小球套在轨道上,小球经A、B两点时速度大小均为v0,AOB=,则下列说法正确的是( )A. 小球从A到B做匀速圆周运动B. 小球从A到B的运动过程中,动能先增大后减小C. 匀强电场的电场强度大小为D. 圆周上电势最高的点与O点的电势差为2U【答案】
13、CD【解析】【详解】A.小球在电场中所受的电场力是恒力,电场力对小球要做功,其速率在变化,所以小球从A到B一定不是匀速圆周运动,故A项与题意不相符;B. 小球从A到B的运动过程中,电场力做功为零,动能变化量为零,动能也可能先减小后增大,故B项与题意不相符;C. 小球从A到B的运动过程中,电场力做功为零,则知A、B两点电势相等,AB直线为等势线,电场线与AB直线垂直,根据U=ERcos得故C项与题意相符;D. 圆周上电势最高的点与O点的电势差为:Umax=ER=2U故D项与题意相符。10.如图为匀变速直线运动的x-t图象,图象与两坐标轴的交点分别为(t0,0)、(0,-x0)。t=0时,图像切线
14、交t轴坐标为(2t0,0),关于质点的运动下列说法正确的是A. 质点先向x轴负向运动,后向x轴正向运动B. 质点的初速度大小为C. 0t0时间内质点的位移为-x0D. 质点的加速度大小为【答案】BD【解析】【详解】A. 根据图象知,质点一直向x轴正向运动,故A项与题意不相符;B. 质点的初速度为开始点的斜率 故B项与题意相符;C. 时间内质点的位移 故C项与题意不相符;D.根据位移公式代入各个已知量 解得:故D项与题意相符。11.如图甲所示,质量不计的弹簧竖直固定在水平面上,t=0时刻,将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放,小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点,然后又被弹起离开弹簧,上升到一
15、定高度后再下落,如此反复。通过安装在弹簧下端的压力传感器,测出这一过程弹簧弹力F随时间t变化的图象如图乙所示,不计一切阻力。则()A. t1t2时间内,小球速度先增大后减小B. t2t3时间内,小球加速度先增大后减小C. t2t3时间内,小球的动能和重力势能之和先增加后减少D. t2t3时间内,小球的动能和弹簧弹性势能之和减少【答案】AD【解析】【详解】A.t1时刻小球开始向下压缩弹簧,当弹力等于重力,速度最大,t2时刻弹簧压缩到最短,速度为零,故A项正确;B.t2时刻弹簧压缩到最短,弹力最大,小球加速度最大,所以小球的加速度先增大后减小,故 B项错误;C.t2t3时间内,弹簧变长,形变变小,弹性势能减小,小球的动能和重力势能之和增加,故C项错误; D.t2t3时间内,小球高度升高,重力势能增大,故小球的动能和弹簧弹性势能之