《2020届淮安六校联盟高三年级第三次学情调查数学（理）试题（解析版）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020届淮安六校联盟高三年级第三次学情调查数学（理）试题（解析版）（20页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2020届江苏省淮安六校联盟高三年级第三次学情调查数学（理）试题一、填空题1已知集合，则 【答案】【解析】试题分析：求两集合的交集，就是求它们共同元素的集合.集合A为无限集，集合B为有限集，所以将集合B中元素逐一代入集合A验证，得 .【考点】集合基本运算2已知复数z满（i为虚数单位）,则z的实部为_.【答案】3【解析】运用完全平方和公式化简复数z,最后根据复数实部的定义写出复数z的实部即可.【详解】,复数z的实部为3.故答案为：3【点睛】本题考查了复数的实部的判断,考查了复数的乘方运算,考查了数学运算能力.3函数的最小正周期是_.【答案】【解析】根据正弦型三角函数的最小正周期公式求出函数的最小
2、正周期.【详解】函数的最小正周期.故答案为：【点睛】本题考查了正弦型三角函数最小正周期公式,考查了数学运算能力.4已知数列是等差数列,且,则的值为_.【答案】135【解析】根据等差数列前项和公式和等差数列下标的性质可以直接求出的值.【详解】因为数列是等差数列,所以.故答案为：135【点睛】本题考查了等差数列的前前项和公式,考查了等差数列的下标性质,考查了数学运算能力.5已知是双曲线：的一个焦点，则的渐近线方程为_【答案】【解析】本道题结合焦点坐标,计算出m，即可。【详解】,解得,所以双曲线方程为,所以渐近线方程为【点睛】本道题考查了双曲线的基本性质，难度较小。6定义在R上的奇函数，当时，则 【
3、答案】【解析】试题分析：因为为定义在R上的奇函数，所以，因此【考点】奇函数性质7若命题“存在”为假命题，则实数的取值范围是 【答案】【解析】试题分析： 因为命题“存在”的否定是“对任意”。命题的否定是真命题，则【考点】复合命题8若函数在区间上有极值,则实数a的取值范围为_.【答案】【解析】对函数进行求导,判断函数的单调性,结合极值的定义和所给定的区间,得到不等式,解不等式即可求出实数a的取值范围.【详解】.当时, ,所以函数单调递减；当时, ,所以函数单调递增,要想函数在区间上有极值,只需,所以实数a的取值范围为.故答案为：【点睛】本题考查了函数有区间有极值求参数问题，考查了函数极值的判断方法
4、.9设等比数列的前n项和为若成等差数列，且，则的值为_【答案】-6【解析】设等比数列的公比为.成等差数列，且.，即.或（舍去）故答案为.10若,则的最小值为_.【答案】9【解析】由对数的运算法则,可以化简等式,用的代数式表示,最后利用基本不等式求出的最小值.【详解】,所以(当且仅当时取等号,即时取等号）.故答案为：9【点睛】本题考查了对数的运算公式,考查了基本不等式,考查了代数式恒等变形能力.11如图，已知椭圆的左顶点为，左焦点为，上顶点为，若，则该椭圆的离心率是 .【答案】【解析】依题意可得， 因为，所以所以所以，即，故解得， 因为，所以，则12在平面直角坐标系中，已知圆，是圆上的两个动点，
5、则的取值范围为 【答案】【解析】试题分析：圆，,由余弦定理可得，设为的中点，设，的取值范围为.【考点】向量的几何意义；向量的数量积；余弦定理.13已知，均为锐角，且cos()，则tan 的最大值是_【答案】【解析】由已知得sin cos()sin cos cos sin sin sin sin ，两边同除以cos ，并整理得tan ， ，均为锐角，可以看成是单位圆的下半圆上的动点(cos 2，sin 2)与定点(3，0)连线的斜率，其最大斜率为.14已知函数若函数恰有个不同的零点，则实数的取值范围是_【答案】【解析】当时，有无数个根；故，当时，如取，则当，方程不合题意；当，方程，即有三个不同实
6、数根，不合题意。所以，如图，当时，结合图像可得，解之得，应填答案。点睛：解答本题的关键是借助题设中的分段函数的图像及导数知识，运用数形结合的数学思想进行分析推断，借助图像建立不等式，通过解不等式从而使得问题获解是本题的一大特色，当然本题的求解具有一定的难度。二、解答题15已知向量,.(1)若,求的值；(2)若,求的值.【答案】(1)；(2).【解析】(1)根据平面向量共线定理可得等式,利用同角三角函数的商关系求出的值；(2)对已知的等式平方得到,根据平面向量数量积的坐标表示可以得到等式,利用同角三角函数的平方和关系可以求出的值,最后利用二倍角的余弦公式求出的值.【详解】(1)因为,且所以,即：
7、当,则，不合题意（舍之）当,则；(2),所以，所以,所以得,所以.【点睛】本题考查了两个平面向量共线、垂直的坐标表示,考查了同角的三角函数关系式,考查了二倍角的余弦公式,考查了数学运算能力.16如图，在中，边上的中线长为3，且，（1）求的值；（2）求边的长【答案】（）；（）4；【解析】（1）由同角三角函数的关系、三角形内角的范围和两角差的正弦公式即可求出.（2）在中，利用正弦定理得，在中利用余弦定理即可求出.【详解】解：因为，所以 又，所以，所以 在中，由得，解得故，在中，由余弦定理得 ，得【点睛】本题考查两角差的正弦公式，考查正弦定理、余弦定理的运用，属于中档题.17如图，射线和均为笔直的公
8、路，扇形区域（含边界）是一蔬菜种植园，其中、分别在射线和上.经测量得，扇形的圆心角（即）为、半径为1千米.为了方便菜农经营，打算在扇形区域外修建一条公路，分别与射线、交于、两点，并要求与扇形弧相切于点.设（单位：弧度），假设所有公路的宽度均忽略不计.（1）试将公路的长度表示为的函数，并写出的取值范围；（2）试确定的值，使得公路的长度最小，并求出其最小值.【答案】，其中，当时，长度的最小值为千米.【解析】试题分析：由切线的性质可得OSMN.则SM=，SN=， 据此可得，其中. 利用换元法，令，则， 由均值不等式的结论有：，当且仅当即时等号成立，即长度的最小值为千米.试题解析：因为MN与扇形弧PQ
9、相切于点S，所以OSMN.在OSM中，因为OS=1，MOS=，所以SM=， 在OSN中，NOS=，所以SN=， 所以， 其中. 因为，所以，令，则，所以， 由基本不等式得，当且仅当即时取“=”. 此时，由于，故. 答：，其中.当时，长度的最小值为千米.点睛：(1)利用基本不等式解决实际问题时，应先仔细阅读题目信息，理解题意，明确其中的数量关系，并引入变量，依题意列出相应的函数关系式，然后用基本不等式求解(2)在求所列函数的最值时，若用基本不等式时，等号取不到，可利用函数单调性求解18已知椭圆的离心率，且经过点，为椭圆的四个顶点（如图），直线过右顶点且垂直于轴（1）求该椭圆的标准方程；（2）为上
10、一点（轴上方），直线，分别交椭圆于，两点，若，求点的坐标【答案】（1）（2）【解析】（1）利用椭圆的离心率和经过的点，列方程组求解即可（2）设P（2，m），m0，得直线PC方程与椭圆联立，利用韦达定理，推出E的坐标， 同理求F点横坐标，由SPCD2SPEF，转化求解即可【详解】（1）因的离心率，且经过点，所以解得，所以椭圆标准方程为（2）由（1）知椭圆方程为，所以直线方程为， 设，则直线的方程为， 联立方程组消得，所以点的横坐标为；又直线的方程为联立方程组消得，所以点的横坐标为 由得，则有，则，化简得，解得，因为，所以，所以点的坐标为【点睛】本题考查椭圆标准方程的求法和直线与椭圆的位置关系的应
11、用，考查分析问题解决问题的能力和转化思想的应用.19已知函数,.(1)若曲线在处的切线方程为,求的值；（2）在(1)的条件下,求函数零点的个数；（3）若不等式对任意都成立,求a的取值范围.【答案】(1)0；(2)两个；(3).【解析】(1)对函数求导,根据导数的几何意义,结合切线方程可以求出的值,最后计算即可；(2)由(1)求出函数的单调性,根据零点存在原理,可以判断出函数零点的个数；(3)设,对它进行求导,根据的不同取值,分类讨论判断出函数的单调调性,根据函数的最值情况求出a的取值范围.【详解】(1),由题意，,解得，,所以. (2)由(1)知,令，得,且当时,；当时,，所以函数在上单调递减
12、，在上单调递增.因为,，函数在区间和上的图象是一条不间断的曲线,由零点存在性定理,所以函数有两个零点. (3)设,即，当时，所以函数在单调递减，所以最小值为，不合题意； 当时，令，得.若，即时，函数在单调递减；所以最小值为，只需，即，所以符合； 若，即时，函数在上单调减，在上单调增，所以的最小值为，所以符合.综上,a的取值范围是.【点睛】本题考查了导数的几何意义,考查了利用导数切线方程求参数的值,考查了利用导数研究函数零点个数问题,考查了利用导数研究不等式恒成立问题.20对于若数列满足则称这个数列为“数列”.（1）已知数列1, 是“数列”,求实数的取值范围;（2）是否存在首项为的等差数列为“数
13、列”,且其前项和使得恒成立?若存在,求出的通项公式;若不存在,请说明理由;（3）已知各项均为正整数的等比数列是“数列”,数列不是“数列”,若试判断数列是否为“数列”,并说明理由.【答案】（1）；（2）见解析；（3）见解析.【解析】试题分析：（1）根据题目中所定义的“数列”，只需同时满足，解不等式可解m范围。（2）由题意可知，若存在只需等差数列的公差，即1,矛盾。（3）设数列的公比为则， ，满足“数列”，即只需最小项即不是“数列”,且为最小项,所以即,所以只能只有解或分两类讨论数列。试题解析：（）由题意得解得所以实数的取值范围是（假设存在等差数列符合要求,设公差为则由得由题意,得对均成立,即当时
14、, 当时, 因为所以与矛盾,所以这样的等差数列不存在.（）设数列的公比为则因为的每一项均为正整数,且所以在中,“”为最小项.同理, 中,“”为最小项.由为“数列”,只需即又因为不是“数列”,且为最小项,所以即,由数列的每一项均为正整数,可得所以或当时, 则令则又所以为递增数列,即所以所以对于任意的都有即数列为“数列”.当时, 则因为所以数列不是“数列”.综上:当时,数列为“数列”,当时, 数列不是“数列”.【点睛】对于新定义的题型一定要紧扣题目中的定义并进行合理的转化，这是解决此类的问题的关键。另外题中有整数条件时一般都能通过因式分解，或夹逼在方程个数小于变量个数时，解出部分甚至全部参数。21
