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1、选考强化练(一)选修33(时间：20分钟分值：45分)1(1)(5分)下列说法正确的是_(填正确答案标号，选对一个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分每选错一个扣3分，最低得分为0分)A水的饱和汽压随温度的升高而增大B扩散现象表明，分子在永不停息地运动C当分子间距离增大时，分子间引力增大，分子间斥力减小D没有摩擦的理想热机可以把吸收的能量全部转化为机械能E一定质量的理想气体，在等压膨胀过程中，气体分子的平均动能增大(2)(10分)如图1封闭端有一段长40厘米的空气柱，左右两边水银柱的高度差是19厘米，大气压强为76厘米汞柱，要使两边管中的水银面一样高，需要再注入多少厘米长的水银柱？图1【解析
2、】(1)选ABE.水的饱和汽压随温度的升高而增大，故A正确；扩散现象证明了组成物质的分子永不停息地做无规则运动，故B正确；当分子间距离增大时，分子间引力减小，分子间斥力减小，故C错误；根据热力学第二定律可知，理想热机不能把吸收的能量全部转化为机械能，故D错误；一定质量的理想气体，在等压膨胀过程中，体积变大，由理想气体方程可知，气体温度升高，气体分子的平均动能增大，故E正确(2)设管的横截面积为S，对管内封闭的气体进行状态分析有：初态：p157 cmHgV140S末态：p276 cmHgV2L2S由玻意耳定律有：p1V1p2V2解得：L230 cm左边水银柱上升的高度为403010 cm故需要加
3、入水银柱的长度为：L10 cm10 cm19 cm39 cm.【答案】(1)ABE(2)39 cm2(2017皖南八校联考)(1)(5分)下列说法正确的是_(填正确答案标号，选对一个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分每选错一个扣3分，最低得分为0分)A已知阿伏加德罗常数、气体的摩尔质量和密度，能估算出气体分子的大小B若两个分子只受到它们之间的分子力作用，当分子间的距离减小时，分子的动能一定增大C系统吸收热量时，它的内能不一定增加D根据热力学第二定律可知，热量不可能自发地从低温物体传到高温物体E气体对容器的压强是大量气体分子对容器壁频繁碰撞引起的(2)(10分)如图2所示，某水银气压计的玻璃
4、管顶端高出水银槽液面100 cm不变，因上部混有少量的空气使读数不准，当气温为27 时，实际大气压为76 cmHg，而该气压计读数为70 cmHg.求：图2若气温为27 时，该气压计中水银柱高度为64 cm，则此时实际气压为多少cmHg?在气温为3 时，该气压计中水银柱高度变为73 cm，则此时实际气压应为多少cmHg? 【导学号：19624279】【解析】(1)选CDE.由于气体分子的间隙很大，仅由阿伏加德罗常数、气体的摩尔质量和密度，只能估算每个分子占据的空间体积，是不能估算该种气体分子大小的，选项A错误分子力做功等于分子势能的减小量；若两个分子只受到它们间的分子力作用，在两分子间距离减小
5、的过程中，如果是引力，分子的动能一定增大；如果是斥力，分子的动能一定减小，选项B错误物体吸收热量时，可能同时对外做功，根据热力学第一定律，它的内能不一定增加，选项C正确根据热力学第二定律可知，热量不可能从低温物体传到高温物体而不引起其他变化，如电冰箱要耗电，选项D正确容器中的气体对器壁的压强是由于大量气体分子对容器壁的频繁碰撞引起的，取决于分子的数密度和分子热运动的平均动能，故E正确；选C、D、E.(2)根据平衡知识得：上部混有少量的空气压强为：p176 cmHg70 cmHg6 cmHg上部混有少量的空气体积：V1(10070)S30 cmS若在气温为27 时，用该气压计测得的气压读数为64
6、 cmHg，空气体积：V2(10064)S36 cmS气体温度不变，根据玻意耳定律得：p1V1p2V2p25 cmHgp064 cmHg5 cmHg69 cmHg.T1(27327) K300 KV3(10073)S27 cmST3(2733) K270 K根据气体状态方程C得：代入数据解得：p36 cmHgp073 cmHg6 cmHg79 cmHg.【答案】(1)CDE(2)69 cmHg79 cmHg3.2017高三第二次全国大联考(新课标卷)(1)(5分)关于热现象，下列说法中正确的是_(填正确答案标号，选对一个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分每选错一个扣3分，最低得分为0分)A
7、液体温度越高，悬浮颗粒越小，布朗运动越剧烈B分子间距离为r0时没有作用力，大于r0时只有引力，小于r0时只有斥力C液晶的微观结构介于晶体和液体之间，其光学性质会随电压的变化而变化D天然石英表现为各向异性，是由于该物质的微粒在空间的排列不规则E当人们感觉空气干燥时，空气的相对湿度一定较小(2)(10分)如图3甲所示水平放置的汽缸内被活塞封闭一定质量的理想气体， 气体的温度为17 ，活塞与汽缸底的距离L112 cm，离汽缸口的距离L23 cm，将汽缸缓慢地转到开口向上的竖直位置，待稳定后对缸内气体逐渐加热，使活塞上表面刚好与汽缸口相平为止如图乙所示取g10 m/s2，大气压强为1.0105 Pa，
8、活塞的横截面积S100 cm2，质量m20 kg，活塞可沿汽缸壁无摩擦滑动但不漏气，求：图3活塞上表面刚好与汽缸口相平时气体的温度为多少？在对汽缸内气体逐渐加热的过程中，气体吸收340 J的热量，则气体增加的内能多大？【解析】(1)选ACE.影响布朗运动的因素是温度和颗粒大小，温度越高、颗粒越小，布朗运动就越明显，故A正确；分子在相互作用的距离内都既有引力，又有斥力，故B错误；液晶的光学性质随温度、压力、外加电压的变化而变化，选项C正确；沿晶体的不同方向，原子排列的周期性和疏密程度不尽相同，由此导致晶体在不同方向的物理性质不同，这就是晶体的各向异性，故D错误；在一定气温条件下，大气中相对湿度越
9、小，水汽蒸发也就越快，人们就越感到干燥，故当人们感到干燥时，空气的相对湿度一定较小，故E正确(2)当汽缸水平放置时，p01.0105 PaV0L1S，T0(27317) K当汽缸口朝上，活塞到达汽缸口时，活塞的受力分析图如图所示，有p1Sp0Smg(1分)则p1p01.0105 Pa Pa1.2105 Pa(1分)V1(L1L2)S(1分)由理想气体状态方程得(1分)则T1T0290 K435 K(1分)当汽缸口向上，未加热稳定时：由玻意耳定律得p0L1Sp1LS(1分)则L cm10 cm(1分)加热后，气体做等压变化，外界对气体做功为Wp0(L1L2L)Smg(L1L2L)60 J(2分)根据热力学第一定律UWQ得U280 J(1分)【答案】(1)ACE(2)435 K280 J4
