《2020年普通高等学校招生全国统一考试高考数学临考冲刺卷（六）文（通用）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020年普通高等学校招生全国统一考试高考数学临考冲刺卷（六）文（通用）（15页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、普通高等学校2020年招生全国统一考试临考冲刺卷(六)文科数学注意事项：1答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。第卷一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1已知，则复数的共轭复数在复平面内所对应的点位于（
2、）A第一象限B第二象限C第三象限D第四象限【答案】D【解析】由题意，对应点为，在第四象限，故选D2设为锐角，若与共线，则角（ ）A15B30C45D60【答案】B【解析】由题意，又为锐角，故选B3下列函数为奇函数的是（ ）ABCD【答案】D【解析】和非奇非偶函数，是偶函数，是奇函数，故选D4如图，执行所示的算法框图，则输出的值是（ ）ABCD【答案】D【解析】按照图示得到循环一次如下：，；，；，； ，；，；，；，；，；，不满足条件，得到输出结果为：4故答案为：D5函数的部分图像如下图，且，则图中的值为（ ）A1BC2D或2【答案】B【解析】由题意可得，又，又，或，由周期，得，故选：B6李冶（1
3、192-1279），真实栾城（今属河北石家庄市）人，金元时期的数学家、诗人，晚年在封龙山隐居讲学，数学著作多部，其中益古演段主要研究平面图形问题：求圆的直径、正方形的边长等其中一问：现有正方形方田一块，内部有一个圆形水池，其中水池的边缘与方田四边之间的面积为13.75亩，若方田的四边到水池的最近距离均为二十步，则圆池直径和方田的边长分别是（注：240平方步为1亩，圆周率按3近似计算）（ ）A10步，50步B20步，60步C30步，70步D40步，80步【答案】B【解析】设圆池的半径为步，则方田的边长为步，由题意，得，解得或（舍），所以圆池的直径为20步，方田的边长为60步，故选B7如图，网格纸
4、上小正方形的边长为1，粗线画出的是某几何体的三视图，则这个几何体的体积为（ ）A4B8CD【答案】D【解析】如图所示，在棱长为2的正方体中，题中三视图所对应的几何体为四棱锥，该几何体的体积为：本题选择D选项8若实数，满足约束条件，则的取值范围是（ ）ABCD【答案】D【解析】画出表示的可行域，如图所示的开放区域，平移直线，由图可知，当直线经过时，直线在纵轴上的截距取得最大值，此时有最小值，无最大值，的取值范围是，故选D9在中，内角，的对边分别为，已知，且，则等于（ ）ABC2D【答案】C【解析】，且，由正弦定理可得：，由于，可得：，由余弦定理，可得：，可得：，解得：，或（舍去）故选：C10若函
5、数图像上存在两个点，关于原点对称，则对称点为函数的“孪生点对”，且点对与可看作同一个“孪生点对”若函数恰好有两个“孪生点对”，则实数的值为（ ）A0B2C4D6【答案】A【解析】当时，故函数在区间，上递减，在上递增，故在处取得极小值根据孪生点对的性质可知，要恰好有两个孪生点对，则需当时，函数图像与的图像有两个交点，即，11已知抛物线的焦点为，直线交抛物线于两点，且为的中点，则的值为（ ）A3B2或4C4D2【答案】B【解析】设，两式相减得，为的中点，代入，解得或4，故选B12已知函数函数，其中，若函数恰有4个零点，则实数b的取值范围是（ ）ABCD【答案】B【解析】由题可知，故，函数恰有4个零
6、点，方程有4个不同的实数根，即函数与函数的图象恰有4个不同的交点又，在坐标系内画出函数函数的图象，其中点，的坐标分别为，由图象可得，当时，函数与函数的图象恰有4个不同的交点，故实数b的取值范围是选B第卷二、填空题：本大题共4小题，每小题5分13已知集合，则_【答案】【解析】，所以14将函数的图像向右平移个单位长度，得到函数的图像，若最小正周期为，则_【答案】【解析】，向右平移个单位后得到函数，函数的最小正周期是，那么，故填：15过动点作圆：的切线，其中为切点，若（为坐标原点），则的最小值是_【答案】【解析】设，得，即，所以点的运动轨迹是直线，所以，则16如图，在三棱锥中，、分别为、中点，且，则
7、异面直线与所成的角的大小为_【答案】【解析】由三角形中位线的性质可知：，则或其补角即为所求，由几何关系有：，由余弦定理可得：，则，据此有：异面直线与所成的角的大小为三、解答题：解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤第1721题为必考题，每个试题考生都必须作答第22、23为选考题，考生根据要求作答（一）必考题：60分，每个试题12分17已知是数列的前项和，（1）证明：当时，；（2）若等比数列的前两项分別为，求的前项和【答案】（1）见解析（2）【解析】（1）证明：当时，3分，5分6分（2）解：由（1）知，7分，8分等比数列的公比，9分又，10分12分18进入12月以业，在华北地区连续出现两次重污染
8、天气的严峻形势下，我省坚持保民生，保蓝天，各地严格落实机动车限行等一系列“管控令”某市交通管理部门为了了解市民对“单双号限行”的态度，随机采访了200名市民，将他们的意见和是否拥有私家车的情况进行了统计，得到如下的列联表：赞同限行不赞同限行合计没有私家车9020110有私家车7040110合计16060220（1）根据上面的列联表判断能否在犯错误的概率不超过的前提下认为“对限行的态度与是否拥有私家车有关”；（2）为了了解限行之后是否对交通拥堵、环境染污起到改善作用，从上述调查的不赞同限行的人员中按是否拥有私家车分层抽样抽取6人，再从这6人中随机抽出3名进行电话回访，求3人中至少有1人没有私家车
9、的概率附：，其中【答案】（1）在犯错误概率不超过的前提下，不能认为“对限行的态度与是否拥有私家车”有关；（2）0.8【解析】（1）4分所以在犯错误概率不超过的前提下，不能认为“对限行的态度与是否拥有私家车”有关6分（2）设从没有私家车的人中抽取人，从有私家车的人中抽取人，由分层抽样的定义可知，解得，7分在抽取的6人中，没有私家车的2人记为，有私家车的4人记为，则所有的基本事件如下：，共20种9分其中至少有1人没有私家车的情况有16种11分记事件为“至少有1人没有私家车”，则12分19如图所示，在四棱锥中，都是等边三角形，平面平面，且，（1）求证：平面平面；（2）是上一点，当平面时，三棱锥的体积
10、【答案】（1）证明见解析；（2）6【解析】（1）因为，所以，所以，又因为是等边三角形，所以，所以，2分因为平面平面，平面平面，所以平面，4分因为平面，所以平面6分（2）过点作交于，过点作交于，因为，平面，平面，所以平面，同理可得平面，所以平面平面，7分因为平面，所以平面因为，所以，在直角三角形中，所以，所以，9分在平面内过作于，因为平面，平面，所以，因为，所以平面，所以是点到平面的距离，10分过点作于，则，由，得，所以，因为，所以12分20已知椭圆的焦距为2，且过点（1）求椭圆的方程；（2）过点的直线交椭圆于两点，为椭圆上一点，为坐标原点，且满足，其中，求的取值范围【答案】（1）；（2）【解析
11、】（1）依题意，有，3分椭圆方程4分（2）由题意可知该直线存在斜率，设其方程为，由得，5分，得，6分设，则，由得，7分代入椭圆方程得，8分由得，9分，10分令，则，12分21已知函数，（1）求函数的图像在处的切线方程；（2）证明：；（3）若不等式对任意的均成立，求实数的取值范围【答案】（1）；（2）见解析；（3）【解析】（1），1分又由，2分得所求切线：，即所求切线为4分（2）设，则，令，得，5分得下表：1单调递增极大值单调递减，即8分（3），（i）当时，；9分（ii）当时，不满足不等式；10分（iii）当时，设，令，得下表：单调递增极大值单调递减+0-，即不满足等式综上，12分（二）选考题（
12、共10分请考生在第22、23题中任选一题作答如果多做，则按所做第一题计分）22选修4-4：坐标系与参数方程已知在平面直角坐标系中，直线的参数方程是（是参数），以原点为极点，轴正半轴为极轴且取相同的单位长度建立极坐标系，曲线的极坐标方程为（1）求直线的普通方程与曲线的直角坐标方程；（2）设为曲线上任意一点，求的取值范围【答案】（1），；（2）【解析】（1）由，得，故直线的普通方程为，2分由，得，所以，即，故曲线的普通方程为；5分（2）据题意设点，则，8分所以的取值范围是10分23已知函数，（1）若，求的取值范围；（2）若，对，都有不等式恒成立，求的取值范围【答案】（1）；（2）【解析】（1），1分若，则，得，即时恒成立，2分若，则，得，即，3分若，则，得，即不等式无解，4分综上所述，的取值范围是
