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1、陕西省西安中学2020届高三物理第二次模拟考试试题（含解析）二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第 1418 题只有一项符合题目要求，第 1921 题有多项符合题目要求。全部选 对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。1.放射性同位素钍（）经、衰变会生成氡（），其衰变方程为xy，其中（）A. x1，y3B. x3，y2C. x3，y1D. x2，y3【答案】B【解析】【详解】粒子为，粒子为，核反应满足质量数守恒和质子数守恒：解得：x3，y2，ACD错误，B正确。故选B。2.如图所示，在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱状物体A，
2、A的左端紧靠竖直墙，A与竖直墙之间放一光滑圆球B，整个装置处于静止状态若把A向右移动少许后，它们仍处于静止状态则下列判断中正确的是 ( )A. 球B对墙压力增大B. 球B对柱状物体A的压力增大C. 地面对柱状物体A的支持力不变D. 地面对柱状物体A的摩擦力不变【答案】C【解析】对小球B受力分析，作出平行四边形如图所示：A滑动前，B球受墙壁及A的弹力的合力与重力大小相等，方向相反；如图中实线所示；而将A向右平移后，B受弹力的方向将上移，如虚线所示，但B仍受力平衡，由图可知A对B球的弹力及墙壁对球的弹力均减小，根据牛顿第三定律可知，球B对墙的压力减小，球B对柱状物体A的压力减小，故AB错误；以AB
3、为整体分析，水平方向上受墙壁的弹力和地面的摩擦力而处于平衡状态，弹力减小，故摩擦力减小，故D错误；竖直方向上受重力及地面的支持力，两物体的重力不变，故A对地面的压力不变，故C正确所以C正确，ABD错误3.图甲所示的变压器原，副线圈匝数比为31，图乙是该变压器cd输入端交变电压u的图象，L1，L2，L3，L4为四只规格均为“9 V,6 W”的相同灯泡，各电表均为理想交流电表，以下说法正确的是()A. ab输入端电压的瞬时值表达式为Uab27sin 100t(V)B. 电流表的示数为2 A，且四只灯泡均能正常发光C. 流过灯L2的电流每秒钟方向改变50次D. ab输入端输入功率Pab18 W【答案
4、】B【解析】【详解】AB由题知，cd的电压瞬时值表达式为有效值为， 由得副线圈，则均能正常发光，每只灯泡电流副线圈电流由得原线圈的电流也能正常发光，ab输入电压的表达式为 选项A错，选项B对；C由图象知交流电的周期为0.02s，交流电的频率为50Hz，流过灯L2的电流每秒钟方向改变100次，C错；Dab输如果气体端输入功率选项D错；故选B【点睛】理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象同时运用闭合电路殴姆定律来分析随着电阻变化时电流、电压如何变化分析的思路先干路后支路，以不变应万变最后值得注意的是变压器的原线圈与灯泡串联后接入交流中，所以图象的有效值不是原线圈的有效值【考
5、点】交变电流，变压器4.长均为L的两根轻绳，一端共同系住质量为m的小球，另一端分别固定在等高的A、B两点，A、B两点间的距离也为L，重力加速度大小为g今使小球在竖直平面内以A、B连线为轴做圆周运动，若小球在最高点速率为v时，两根绳的拉力恰好均为零，则小球在最高点速率为2v时，每根绳的拉力大小均为（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】小球在最高点速率为v时，两根绳的拉力恰好均为零，有：mg=m，当小球在最高点的速率为2v时，根据牛顿第二定律有：mg+2Tcos30m，解得：T=mg故选A.5.用如图a所示的圆弧一斜面装置研究平抛运动，每次将质量为m的小球从半径为R的四分之一圆弧
6、形轨道不同位置静止释放，并在弧形轨道最低点水平部分处装有压力传感器测出小球对轨道压力的大小F已知斜面与水平地面之间的夹角=45，实验时获得小球在斜面上的不同水平射程x，最后作出了如图b所示的Fx图象，g取10m/s2，则由图可求得圆弧轨道的半径R为（ ）A. 0.125mB. 0.25mC. 0.50mD. 1.0m【答案】B【解析】【详解】在圆轨道上运动时，小球受到重力以及轨道的支持力作用，合力充当向心力，所以有小球做平抛运动时时的水平射程小球的竖直位移：根据几何关系可得联立即得x图像的纵截距表示重力，即mg=5N所以有解得：R=0.25m故选B；【名师点睛】知道平抛运动水平方向和竖直方向上
7、运动的规律，抓住竖直位移和水平位移的关系，尤其是掌握平抛运动的位移与水平方向夹角的正切值的表达式进行求解注意公式和图象的结合，重点是斜率和截距6.如图所示，一根不可伸长的轻绳两端分别系着小球A和物块B，跨过固定于斜面体顶端的小滑轮O，倾角为30的斜面体置于水平地面上，A的质量为m，B的质量为4m。开始时，用手托住A，使OA段绳恰处于水平伸直状态（绳中无拉力），OB绳平行于斜面，此时B静止不动。将A由静止释放，在其下摆过程中，斜面体始终保持静止。下列判断中正确的是（）A. B受到的摩擦力先减小后增大B. A下摆的过程中，绳的最大拉力为3mgC. A的机械能守恒D. A的机械能不守恒，A、B系统的
8、机械能守恒【答案】ABC【解析】【详解】AB开始时B物块静止，轻绳无拉力作用，根据受力平衡：方向沿斜面向上，小球A从静止开始摆到最低点时，以O点为圆心做圆周运动，应用动能定理：落到最低点，根据牛顿第二定律：解得A球下落过程中绳子的最大拉力：此时对B物块受力分析得：解得B物块受到的静摩擦力：方向沿斜面向下，所以B物块在A球下落过程中，所受静摩擦力先减小为0，然后反向增大，AB正确；CDA球的机械能由重力势能和动能构成，下落过程中只有重力做功，A球机械能守恒，同理，A、B系统也只有A球的重力做功，所以A、B系统的机械能守恒，C正确，D错误。故选ABC。7.2018年7月27日将发生火星冲日现象，我
9、国整夜可见，火星冲日是指火星、地球和太阳儿乎排列成一线，地球位于太阳与火星之间此时火星被太阳照亮的一面完全朝向地球，所以明亮而易于观察地球和火星绕太阳公转的方向相同，轨迹都可近似为团，火最公转轨道半径为地球的1.5倍，则（）A. 地球的公转周期比火星的公转周期小B. 地球的运行速度比火星的运行速度小C. 火星冲日现象每年都会出现D. 地球与火星的公转周期之出为：【答案】AD【解析】A. 地球和火星绕太阳转动，万有引力提供向心力，得，火星的公转轨道半径大，加速度小，故A错误； B. 根据公式，可知火星的运行速度比地球小，故B错误；CD、地球公转周期为1年，而火星的周期大于1年，每个冲日周期内，地
10、球比火星多转一圈，所以不是每年出现火星冲日现象，故C错误；D根据开普勒第三定律，火星公转轨道半径为地球的1.5倍，所以地球与火星的公转周期之比为 ，故D正确故选D.点睛：根据万有引力提供向心力，分析地球和火星加速度、线速度之间的关系；根据地球公转周期为1年，每个冲日周期内，地球比火星多转一圈，所以不是每年出现火星冲日现象，根据开普勒定律分析火星周期与地球周期的关系 8.如图所示，CD、EF是两条水平放置的、阻值可忽略的平行金属导轨，导轨间距为L，在水平导轨的左侧存在方向垂直导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B，磁场区域的宽度为d，导轨的右端接有一阻值为R的电阻，左端与一弯曲的光滑轨道平滑
11、连接将一阻值也为R，质量为m的导体棒从弯曲轨道上h高处由静止释放，导体棒最终恰好停在磁场的右边界处已知导体棒与水平导轨接触良好，且动摩擦因数为下列说法正确的是A. 通过电阻R的最大电流为B. 流过电阻R的电荷量为C. 整个电路中产生的焦耳热为mghD. 电阻R中产生的焦耳热为【答案】ABD【解析】【详解】A金属棒下滑过程中，机械能守恒，由机械能守恒定律得： 金属棒到达水平面时的速度金属棒到达水平面后进入磁场受到向左的安培力做减速运动，则刚到达水平面时的速度最大，所以最大感应电动势为 E=BLv最大的感应电流为故A正确；B通过金属棒的电荷量故B正确；C金属棒在整个运动过程中，由动能定理得：mgh
12、-WB-mgd=0-0则克服安培力做功：WB=mgh-mgd整个电路中产生的焦耳热为Q=WB=mgh-mgd故C错误；D克服安培力做功转化为焦耳热，电阻与导体棒电阻相等，通过它们的电流相等，则金属棒产生的焦耳热： 故D正确第 II 卷（非选择题 共 174 分）三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第 22 题32 题为必考题，每个 试题考生都必须做答。第 33 题40 题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题（共 129 分）9.为“验证牛顿第二定律”，某同学设计了如下实验方案：A实验装置如图甲所示，一端系在滑块上的轻质细绳通过转轴光滑的轻质滑轮，另一端挂一质量为m0.5 kg的钩码用垫
13、块将长木板附定滑轮的一端垫起，调整长木板的倾角，直至轻推滑块后，滑块沿长木板向下做匀速直线运动；B保持长木板的倾角不变，取下细绳和钩码，连接纸带，接通打点计时器的电源，然后让滑块沿长木板滑下，打点计时器打下的纸带如图乙所示请回答下列问题：（1）图乙中纸带的_端与滑块相连（选填“左”或“右”）（2）图乙中相邻两个计数点之间还有4个点未画出，打点计时器接频率为50 Hz的交流电源，根据图乙求出滑块的加速度a_ ms2（3）不计纸带与打点计时器间的阻力，滑块的质量M_ kg（g取9.8 ms2，结果保留3位有效数字）【答案】 (1). 右端 (2). 1.65 (3). 2.97【解析】【分析】（1
14、）滑块拖动纸带下落的运动过程中，速度越来越快，所以相等时间内运动的位移越来越大，进而判断哪端与滑块相连；（2）根根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小；（3）根据牛顿第二定律F=Ma即可求解质量；【详解】（1）1因为打点计时器每隔0.02s打一个点，两个计数点之间还有4个打点未画出，所以两个计数点的时间间隔为T=0.1s，时间间隔是定值，滑块拖动纸带下落的运动过程中，速度越来越快，所以相等时间内运动的位移越来越大所以图乙中纸带的右端与滑块相连；（2）2根据x=aT2利用逐差法，有：（3）3由A步骤可知，取下细绳和钩码后，滑块受到的合外力为：F=0.59.8=4.9N根据牛顿第二定律得：.【点睛】探究加速度与质量关系时，应控制拉力不变而改变小车质量，实验时要注意小车质量应远大于重物质量纸带处理时能利用匀变速直线规律以及推论解答实验问题，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力10.把电流表改装成电压表的实验中，所用电流表G的满偏电流Ig为200A，内阻估计在400600之间。(1)按图测定电流表G的内阻Rg，需要选用合适的器材，现有供选用的器材如下：A. 滑动变阻器（阻值范围 0200）B. 滑动变阻器（阻值范围 0175）C. 电阻箱（阻值范围 0999）D. 电阻箱（阻值范围 099999）E. 电源（电动势 6V，内阻 0.3
