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1、 期中物理试卷 题号一二三四总分得分一、单选题（本大题共7小题，共28.0分）1. 如图所示，绕在铁芯上的线圈、电源、滑动变阻器和电键组成闭合回路。在铁芯的右端套有一个表面绝缘的铜环A，下列各种情况中铜环A中没有感应电流的是（）A. 线圈中通以恒定的电流B. 通电时，使变阻器的滑片P作匀速滑动C. 通电时，使变阻器的滑片P作加速滑动D. 将电键突然断开的瞬间2. 同一平面内固定有一长直导线PQ和一带缺口的刚性金属圆环，在圆环的缺口两端引出两根导线，分别与两块垂直于圆环所在平面固定放置的平行金属板MN连接，如图甲所示。导线PQ中通有正弦交流电流i，i的变化如图乙所示，规定从Q到P为电流的正方向，
2、则在12s内（）A. M板带正电，且电荷量增加B. M板带正电，且电荷量减小C. M板带负电，且电荷量增加D. M板带负电，且电荷量减小3. 如图所示，甲、乙是规格相同的灯泡，接线柱a、b接电压为U的直流电源时，无论电源的正极与哪一个接线柱相连，甲灯均能正常发光，乙灯完全不亮。当a、b接电压有效值为U的交流电源时，甲灯发出微弱的光，乙灯能正常发光，则下列判断正确的是（）A. x是电容器，y是电感线圈B. x是电感线圈，y是电容器C. x是二极管，y是电容器D. x是电感线圈，y是二极管4. 如图所示，在匀强磁场中有一矩形单匝线圈，线圈两端外接一电阻和一个交流电流表。若线圈绕对称轴OO匀速转动，
3、从中性面开始计时，闭合电路中产生的感应电流的瞬时值i=sin50t（A），下列说法正确的是（）A. 在t=0时，感应电流i为0，电流表示数为0B. 在t=0时，感应电流i为0，电流表示数为1AC. 在t=0时，感应电流i为0，电流表示数为AD. 在t=0.01s时，感应电流i为A，电流表示数为A5. 图示电路中，变压器为理想变压器，a、b接在电压有效值不变的变流电源两端，R0为定值电阻，R为光敏电阻（阻值随光照强度的增大而减小）。现观察到电流表A1的示数增大了0.2A，电流表A2的示数增大了1.0A，则下列说法正确的是（）A. 电压表V2示数增大B. 电压表V3示数增大C. R光敏电阻上光照强
4、度在增强D. 该变压器起升压作用6. 如图a所示，理想变压器原线圈通过理想电流表接在一交流电源的两端，交流电源输出的电压u随时间t变化的图线如图b所示，副线圈中接有理想电压表及阻值R=10的负载电阻。已知原、副线圈匝数之比为10：1，则下列说法中正确的是（）A. 电压表的示数为20VB. 电流表的示数为0.28AC. 电阻R消耗的电功率为80WD. 通过电阻R的交变电流的频率为100Hz7. 如图所示，在水平光滑绝缘桌面上建立直角坐标系xOy，第一象限内存在垂直桌面向上的磁场，磁场的磁感应强度B沿x轴正方向均匀增大且=k，一边长为a、电阻为R的单匝正方形线圈ABCD在第一象限内以速度v沿x轴正
5、方向匀速运动，运动中AB边始终与x轴平行，则下列判断正确的是（）A. 线圈中的感应电流沿逆时针方向B. 线圈不可能有两条边所受安培力大小相等C. 线圈中感应电流的大小为D. 为保持线圈匀速运动，可对线圈施加大小为的水平外力二、多选题（本大题共3小题，共12.0分）8. 如图所示，阻值为R的金属棒从图示ab位置分别以v1、v2的速度沿光滑导轨(电阻不计)匀速滑到ab位置，若v1v212，则在这两次过程中( ) A. 回路电流I1I212B. 产生的热量Q1Q212C. 通过任一截面的电荷量q1q212D. 外力的功率P1P2129. 如图所示，有一倾角为37的足够长的粗糙斜面，动摩擦因数为0.5
6、现用F=20N的拉力沿斜面向上拉动1kg的木块，经6s后，下列说法正确的是（）A. 木块的加速度恒为20m/s2B. 木块的动量为60kgm/sC. 拉力F的冲量为120NsD. 拉力F的冲量为010. 如图所示，小车AB放在光滑水平面上，A端固定一个轻弹簧，B端粘有油泥，AB总质量为M，质量为m的木块C放在小车上，用细绳子连接于小车的A端并使弹簧压缩，开始时AB和C都静止，当突然烧断细绳时，C被释放，使C离开弹簧向B端冲去，并跟B端油泥粘在一起，忽略一切摩擦，以下说法正确的是（）A. 弹簧伸长过程中C向右运动，同时AB也向右运动B. C与B碰前，C与AB的速率之比为M：mC. C与油泥粘在一
7、起后，AB立即停止运动D. C与油泥粘在一起后，AB继续向右运动三、实验题（本大题共1小题，共15.0分）11. 如图所示为验证动量守恒的实验装置，气垫导轨置于桌面上，G1和G2为两个光电门，A、B均为弹性滑块，且A的质量大于B的质量，两遮光片的宽度均为d，实验过程如下：使导轨水平；轻推滑块A，测得A通过光电门G1遮光时间为t0A与B相碰后，B和A先后经过G2的遮光时间分别为t1和t2根据题意回答下列问题：（1）用螺旋测微器测得遮光片宽度如图甲所示，读数为：_mm；（2）碰前A的速度为_，碰后B的速度为_；（3）实验还需要测量的物理量为：_；（4）利用测出来的物理量表示动量守恒成立的式子为_。
8、四、计算题（本大题共4小题，共45.0分）12. 某小型水电站的电能输送过程如图所示，发电机通过升压变压器T1和降压变压器T2向用户供电。已知输电线的总电阻R=5，降压变压器T2的原、副线圈匝数之比为5：1，降压变压器副线圈两端交变电压u=220sin100tV，降压变压器的副线圈与R0=11的电阻组成闭合电路。若将变压器视为理想变压器，求：（1）输电线路上损失功率（2）发电机的输出功率13. 如图所示，光滑水平面上木块A的质量mA=1kg，木块B的质量mB=4kg，质量为mC=2kg的木块C置于足够长的木块B上，B、C之间用一轻弹簧拴接并且接触面光滑。开始时B、C静止，A以v0=10m/s的
9、初速度向右运动，与B碰撞后瞬间B的速度为3.5m/s，碰撞时间极短。求：（1）A、B碰撞后A的速度；（2）弹簧第一次达到最长时C的速度14. 如图，有一个光滑轨道，其水平部分MN段和圆形部分NPQ平滑连接，圆形轨道的半径R=0.5m；质量为m1=5kg的A球以v0=6m/s的速度沿轨道向右运动，与静止在水平轨道上质量为m2=4kg的B球发生磁撞，两小球磁撞过程相互作用的时为t0=0.02s，碰撞后B小球恰好越过圆形轨道最高点。两球可视为质点，g=10m/s2求：（1）碰撞后A小球的速度大小。（2）碰撞过程两小球间的平均作用力大小。15. 如图所示，足够长的U型光滑金属导轨平面与水平面成角（09
10、0），其中MN与PQ平行且间距为L，N、Q间接有阻值为R的电阻，匀强磁场垂直导轨平面，磁感应强度为B，导轨电阻不计。质量为m的金属棒ab由静止开始沿导轨下滑，并与两导轨始终保持垂直且接触良好，ab棒接入电路的电阻为r，当金属棒ab下滑距离x时达到最大速度v，重力加速度为g，则在这一过程中（1）当金属棒速度为时，金属棒受到的安培力大小（2）电阻R上产生的焦耳热为（3）通过金属棒某一横截面的电荷量答案和解析1.【答案】A【解析】解：A、线圈中通以恒定的电流时，线圈产生稳恒的磁场，穿过铜环A的磁通量不变，没有感应电流产生。故A正确。B、通电时，使变阻器的滑片P作匀速滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，
11、回路中电流增大，线圈产生的磁场增强，穿过铜环A磁通量增大，产生感应电流。不符合题意。故B错误。C、通电时，使变阻器的滑片P作加速滑动时，变阻器接入电路的电阻变化，回路中电流变化，线圈产生的磁场变化，穿过铜环A磁通量变化，产生感应电流。不符合题意。故C错误。D、将电键突然断开的瞬间，线圈产生的磁场从有到无消失，穿过穿过铜环A的磁通量减小，产生感应电流，不符合题意。故D错误。故选：A。感应电流产生的条件是穿过闭合电路的磁通量发生变化。根据这个条件分析判断有没有感应电流产生。产生感应电流的条件细分有两个：一是电路要闭合；二是磁通量要发生变化。基础题。2.【答案】A【解析】解：B、由图象可知，在第2内
12、，沿直导线QP的电流正向减小且电流的变化率变大，线圈内磁场垂直于纸面向内，磁感应强度变小，穿过金属圆环的磁通量变小，假设环闭合，由楞次定律可知，感应电流磁场与原磁场方向相同，即感应电流磁场方向垂直于纸面向内，然后由安培定则可知，感应电流沿顺时针方向且，由此可知，上极板M电势高，是正极且感应电动势增大，是充电过程，故BCD错误，A正确；故选：A。由楞次定律可以判断出两极板哪个是正极，哪个是负极；根据线圈内部磁感应强度变化率正比于直导线的电流变化率判断感应电动势大小变化来判断电荷量变化；本题是一道综合题，考查了楞次定律、法拉第电磁感应定律，难度较大，分析清楚图象、熟练应用基础知识是正确解题的关键。
13、3.【答案】B【解析】解：接线柱a、b接电压为U的直流电源时，甲灯均能正常发光，乙灯完全不亮，说明y为电容器；当a、b接电压的有效值为U的交流电源时，甲灯发出微弱的光，乙灯能正常发光，说明X为电感线圈，故B正确ACD错误。故选：B。明确电容器的特点是：通交流，隔直流，电感线圈的特点是；通低频阻高频。本题考查了电感线圈和电容器对直流电和交流电的不同反应，明确电容具有“通交阻直”的作用，而电感具有“通直阻交”的作用。4.【答案】B【解析】解：ABC、根据i=sin50t（A）可知，t=0时，i=0A；电流表示数为有效值，大小为：，故AC错误，B正确；D、在t=0.01s时，感应电流为：i=sin5
14、0t=sin（500.01）A=A，电流表示数为I=1A，故D错误；故选：B。根据i=sin50t（A）可求瞬时电流，电流表示数由有效值确定。正弦式交变电流的有效值是峰值的倍。本题考查了有关交流电描述的基础知识，会根据瞬时表达式求解瞬时值，知道有效值跟峰值的关系，难度不大，属于基础题。线框在匀强磁场中匀速转动，产生正弦式交变电流。而对于电表读数由交变电的有效值来确定。5.【答案】C【解析】解：A、原线圈的电压不变，由于原副线圈的电压比等于匝数比，所以副线圈的电压V2示数不变。故A错误；B、电流表A2的示数增大，根据欧姆定律可知定值电阻R0上的电压增大，根据闭合电路的电压关系，可知，光敏电阻R上
15、的电压减小，即V3的读数减小。故B错误；C、光敏电阻R上的电压减小，而流过的电流增大，可知光敏电阻的电阻值减小，根据光敏电阻的特性可知，光敏电阻R上光照强度在增强。故C正确；D、观察到电流表A1的示数增大了0.2A，电流表A2的示数增大了1.0A，即原线圈电流增大量小于副线圈电流增大量，根据电流与匝数成反比，所以该变压器起降压作用，故D错误。故选：C。根据欧姆定律分析负载电阻的变化，图中变压器部分等效为一个电源，变压器右侧其余部分是外电路，外电路中，R0与滑动变阻器R串联；然后结合闭合电路欧姆定律和串并联电路的电压、电流关系分析即可。本题关键是明确电路结构，根据闭合电路欧姆定律、变压器变压公式和变流公式、串并联电路的电压电流关系列式分析。6.【答案】A【解析】解：A、原线圈两端电压U1=V=200V，根据变压器原理可得副线圈两端电压U2=
