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1、 期中物理试卷 题号一二三四总分得分一、单选题（本大题共10小题，共40.0分）1. 下列关于感应电动势大小的说法中，正确的是（）A. 线圈中磁通量变化越大，线圈中产生的感应电动势一定越大B. 线圈中磁通量越大，产生的感应电动势一定越大C. 线圈中磁通量变化越快，产生的感应电动势越大D. 线圈放在磁感应强度越强的地方，产生的感应电动势一定越大2. 一正弦交流电的电流随时间变化的规律如图所示。由图可知（）A. 该交流电的电流瞬时值的表达式为i=2sin（100t）AB. 该交流电的频率是25HzC. 该交流电的电流有效值为2AD. 若该交流电流通过R=10的电阻，则电阻消耗的功率是40W3. 如
2、图所示，匀强磁场垂直于矩形线框abcd，磁场的磁感应强度为B，矩形面积为S现使矩形框以ab边为轴转动90角，则在这个过程中，穿过线框的磁通量变化量的数值是（）A. 0B. 0.5BSC. BSD. 2BS4. 如图所示，长为L的金属导线弯成一圆环，导线的两端接在电容为C的平行板电容器上，P、Q为电容器的两个极板，磁场垂直环面向里，磁感应强度以B=B0+Kt（K0）随时间变化t=0时，P、Q两板电势不相等。两板间的距离远小于环的半径，经时间t电容器P板（）A. 不带电B. 所带电荷量与t成正比C. 带正电，电荷量是D. 带负电，电荷量是5. 如图所示，空间分布着宽为L，垂直于纸面向里的匀强磁场一
3、金属线框从磁场左边界匀速向右通过磁场区域规定逆时针方向为电流的正方向，则感应电流随位移变化的关系图（i-x）正确的是（）A. B. C. D. 6. 如图所示，理想变压器原线圈输入电压u=Umsint，副线圈电路中R0为定值电阻，R是滑动变阻器V1和V2是理想交流电压表，示数分别用U1和U2表示；A1和A2是理想交流电流表，示数分别用I1和I2表示下列说法正确的是（）A. I1和I2表示电流的瞬间值B. U1和U2表示电压的最大值C. 滑片P向上滑动过程中，U2不变、I1变小D. 滑片P向上滑动过程中，U2变小、I1变大7. 先后用不同的交流电源给同一盏灯泡供电第一次灯泡两端的电压随时间按正弦
4、规律变化（如图甲所示）；第二次灯泡两端的电压变化规律如图乙所示若甲、乙图中的U0、T所表示的电压、周期值是相同的，则以下说法正确的是（）A. 第一次，灯泡两端的电压有效值是B. 第二次，灯泡两端的电压有效值是C. 第一、第二次，灯泡的电功率之比是2：9D. 第一、第二次，灯泡的电功率之比是1：58. 如图所示的电路中，P、Q为两相同的灯泡，L的电阻不计，则下列说法正确的是（）A. S断开瞬间，P立即熄灭，Q过一会儿才熄灭B. S接通瞬间，P、Q同时达到正常发光C. S断开瞬间，通过P的电流从左向右D. S断开瞬间，通过Q的电流与原来方向相同9. 如图所示，先后以速度v1和v2匀速把一矩形线圈水
5、平拉出有界匀强磁场区域，v1=2v2，则在先后两种情况下（）A. 线圈中的感应电动势之比为E1：E2=1：2B. 线圈中的感应电流之比为I1：I2=1：2C. 线圈中产生的焦耳热之比Q1：Q2=2：1D. 通过线圈某截面的电荷量之比q1：q2=2：110. 如图1所示，两个闭合圆形线圈A、B的圆心重合，放在同一水平面内，线圈A中通以如图2所示的变化电流，t=0时电流方向为顺时针（如图中箭头所示）在t1t2时间内，对于线圈B，下列说法中正确的是（）A. 线圈B内有顺时针方向的电流，线圈有扩张的趋势B. 线圈B内有顺时针方向的电流，线圈有收缩的趋势C. 线圈B内有逆时针方向的电流，线圈有扩张的趋势
6、D. 线圈B内有逆时针方向的电流，线圈有收缩的趋势二、填空题（本大题共1小题，共5.0分）11. 磁电式仪表的线圈通常用铝框作骨架，把线圈绕在铝框上，这样做的目的是_（选填“防止”或“利用”）涡流而设计的，起_（选填“电磁阻尼”或“电磁驱动”）的作用三、实验题（本大题共1小题，共10.0分）12. 如图为“探究电磁感应现象条件”的实验装置。（1）将图中所缺的导线补接完整。（2）如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上开关后可能出现的情况有：A将原线圈迅速插入副线圈时，灵敏电流计指针将向_（填“左”或“右”）偏一下。B原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器滑片迅速向左拉时，灵敏电流计
7、指针将向_（填“左”或“右”）偏一下。四、计算题（本大题共4小题，共40.0分）13. 如图所示，边长为L、匝数为n的正方形金属线框，它的质量为m、电阻为R，用细线把它悬挂于一个有界的匀强磁场边缘金属框的上半部处于磁场内，下半部处于磁场外，磁场随时间的变化规律为B=kt求：（1）线框中的电流强度为多大？（2）t时刻线框受的安培力多大？14. 发电机输出功率为100kW，输出电压是250V，用户需要的电压是220V输电线电阻为10，若输电线中因发热而损失的功率为输送功率的4%，试求：（1）在输电线路中设置的升，降压变压器原副线圈的匝数比（2）用户得到的电功率是多少？15. 均匀导线制成的单匝正方
8、形闭合线框abcd，每边长为L，总电阻为R，总质量为m。将其置于磁感强度为B的水平匀强磁场上方h处，如图所示。线框由静止自由下落，线框平面保持在竖直平面内，且cd边始终与水平的磁场边界平行。当cd边刚进入磁场时：求：（1）求线框中产生的感应电动势大小；（2）求cd两点间的电势差大小；（3）若此时线框加速度恰好为零，求线框下落的高度h所应满足的条件。16. 如图所示，有一倾角=37的粗糙斜面，斜面所在空间存在一有界矩形匀强磁场区域GIJH，其宽度GI=HJ=L=0.5m。有一质量m=0.5kg的“日”字形匀质导线框abcdef，从斜面上静止释放，释放时ef平行于GH且距GH为4L，导线框各段长a
9、b=cd=ef=ac=bd=ce=df=L=0.5m，线框与斜面间的动摩擦因数=0.25，ab、cd、ef三段的阻值相等、均为R=0.5，其余电阻不计。已知ef边刚进入磁场时线框恰好做匀速运动，不计导线粗细，重力加速度g=10m/s2，求：（1）ef边刚进入磁场时的速度v的大小。（2）匀强磁场的磁感应强度B。（3）线框从开始运动到ab边穿出磁场过程中ab边发的焦耳热为多少？答案和解析1.【答案】C【解析】解：根据法拉第电磁感应定律E=n得感应电动势的大小跟磁通量的变化率成正比。A、磁通量变化越大，则不知磁通量的变化时间，故不一定越大，故A错误；B、磁通量越大，是大，但及则不一定大，故B错误；C
10、、磁通量变化的快慢用表示，磁通量变化得快，则比值就大，根据法拉第电磁感应定律有产生的感应电动势就越大，故C正确；D、虽然线圈放在磁感应强度越强的磁场，但可能为零，产生的感应电动势可能为零，故D错误。故选：C。对法拉第电磁感应定律的理解E=n，注意区分磁通量、磁通量的变化和磁通量的变化率磁通量=BS，磁通量的变化=2-1，磁通量的变化率是磁通量的变化和所用时间的比值，法拉第电磁感应定律告诉我们感应电动势的大小跟磁通量的变化率成正比正确理解磁通量、磁通量的变化和磁通量的变化率是解决本题的关键2.【答案】B【解析】解：A、根据图象知，T=0.04s，=50rad/s，所以该交流电的电流瞬时值的表达式
11、为i=2sin（50t）A，故A错误，B、根据图象知，T=0.04s，=25Hz，故B正确；C、该交流电的电流有效值为I=A=A，故C错误；D、若该交流电流通过R=10的电阻，则电阻消耗的功率P=I2R=W=20W，故D错误。故选：B。根据图象知，T=0.04s，=50rad/s，=25Hz，有效值为I=A。本题考查了交变电流的图象、周期、有效值、峰值等知识点。这种题型属于基础题，只要善于积累，难度不大。3.【答案】C【解析】解：当线圈平面与磁场方向垂直时，=BS。当线圈绕ab轴转动至与磁场方向平行时，线圈平面与磁场方向的夹角为0度，则=0。根据=BSsin知，在此转动过程中，穿过线圈平面的磁
12、通量变化量为BS，故C正确，ABD错误。故选：C。通过线圈的磁通量可以根据=BSsin进行求解，为线圈平面与磁场方向的夹角解决本题的关键掌握磁通量的公式，知道当线圈平面与磁场平行时，磁通量为0，当线圈平面与磁场方向垂直时，磁通量最大4.【答案】D【解析】解：由楞次定律可判断如果圆环闭合，感应电流方向为逆时针方向，所以圆环作为一个电源，P是负极，所以P板带负电。根据法拉第电磁感应定律有：E=K（）2=所以Q=UC=。故选：D。本题考查了电磁感应与电路的结合，由楞次定律可判断感应电流的方向，由法拉第电磁感应定律可得出感应电动势。这类问题主要分析清楚谁是电源、电源的正负极，从而判断极板带电性质。5.
13、【答案】B【解析】解：在0-L过程：由楞次定律判断可知，感应电流的方向沿逆时针方向，为正值；感应电动势大小为E1=BLv，感应电流大小为；在L-2L过程：由楞次定律判断可知，感应电流的方向沿逆时针方向，为正值；感应电动势大小为E2=2BLv，感应电流大小为I2=；在2L-3L过程：由楞次定律判断可知，感应电流的方向沿顺时针方向，为负值；感应电动势大小为E3=3BLv，感应电流大小为I3=-故B正确。故选：B。先由楞次定律判断感应电流的方向再分段研究感应电动势，由欧姆定律求出感应电流的大小本题运用楞次定律和法拉第电磁感应定律、欧姆定律得到感应电流的表达式，再选择图象，是常用的方法和思路6.【答案
14、】C【解析】解：A、I1和I2表示电流的有效值，故A错误；B、U1和U2表示电压的有效值，故B错误；C、滑片P向上滑动的过程中，副线圈电压不变，即U2不变，而电阻增大，输出功率减小，所以原线圈的输入功率减小，I1变小，故C正确，D错误；故选：C。在交流电中电表显示的都是有效值，滑片P向下滑动过程中，总电阻减小，只与输入电压和匝数有关，所以U2不变，I1变大本题考查了变压器的构造和原理，对电路的动态分析方法是：先根据部分电路的电阻变化，判断干路电流、电压的变化，再回到部分电路分析电流或电压的变化7.【答案】D【解析】解：A、第一次灯泡两端的电压有效值为U1=Um=故A错误；B、设第二次电压的有效
15、值为U2，根据有效值的定义，则有解得，U2=故B错误。C、D、由功率的公式P=得，灯泡的电功率之比是P1：P2=：=1：5故C错误，D正确。故选：D。对于正弦式电流的有效值U=Um，由甲图读出电压的最大值，求出有效值对于乙图，根据有效值的定义，求出有效值功率的公式P=，用有效值求出电功率之比只有正弦交变电流最大值与有效值才是倍的关系，其他交变电流要根据有效值的定义，从热效应角度去求有效值8.【答案】D【解析】解：A、稳定后当电键K断开后，由于自感，线圈中的电流只能慢慢减小，其相当于电源，与灯泡P、Q构成闭合回路放电，两灯都过一会儿熄灭。故A错误；B、灯Q与电源串联，当电键K闭合时，灯P立即发光。通过线圈
