《江西省赣州市十二县(市)2015届高三下学期期中联考物理试卷》由会员分享，可在线阅读，更多相关《江西省赣州市十二县(市)2015届高三下学期期中联考物理试卷（18页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、江西省赣州市十二县（市）联考 2015 届高三下学期期中物理试卷一、选择题：（本题共 8 小题，每小题 6 分，共 48 分在每小题给出的四个选项中，第15 题只有一项符合题目要求，第 68 题有多项符合题目要求全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分 ）1下列说法正确的是( )A磁场对放入其中的电荷一定有力的作用B由于洛仑兹力改变运动电荷的方向，所以洛仑兹力也可以对物体做功C感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化D穿过线圈的磁通量的变化越大，线圈的感应电动势越大考点：法拉第电磁感应定律；楞次定律 专题：电磁感应与电路结合分析：根据洛伦兹力产生条件，即可求解；
2、根据左手定则，可知，洛伦兹力方向垂直速度方向，不做功；由楞次定律内容，即可求解；由法拉第电磁感应定律，即可求解解答： 解：A、磁场对放入其中不平行于磁场方向的运动电荷一定有力的作用，对静止的电荷没有力的作用，对平行于磁场方向运动的电荷也没有力的作用故 A 错误；B、虽洛仑兹力改变运动电荷的方向，但洛伦兹力方向与速度方向总是垂直，因此洛仑兹力对物体不做功，故 B 错误；C、根据楞次定律内容，可知：感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化，故 C 正确；D、根据法拉第电磁感应定律可知，穿过线圈的磁通量的变化率越大，线圈的感应电动势越大，故 D 错误；故选：C点评：考查楞次定律、法拉第电磁感
3、应定律与左手定则的规律的应用，注意左手定则与右手定则的区别，掌握产生洛伦兹力的条件2如图所示，斜面上放有两个完全相同的物体 a、b，两物体间用一根细线连接，在细线的中点加一与斜面垂直的拉力 F，使两物体均处于静止状态则下列说法正确的是( )Aa、 b 两物体的受力个数一定相同Ba、b 两物体对斜面的压力相同Ca、b 两物体受到的摩擦力大小一定相等D当逐渐增大拉力 F 时，物体 b 先开始滑动考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：对 ab 进行受力分析，ab 两个物体都处于静止状态，受力平衡，把绳子和力 T 和重力 mg 都分解到沿斜面方向和垂直于
4、斜面方向，根据共点力平衡列式分析即可解答： 解：A、对 ab 进行受力分析，如图所示：b 物体处于静止状态，当绳子沿斜面向上的分量与重力沿斜面向下的分量相等时，摩擦力为零，所以 b 可能只受 3 个力作用，而 a 物体必定受到摩擦力作用，肯定受 4 个力作用，故 A 错误；B、ab 两个物体，垂直于斜面方向受力都平衡，则有：N+Tsin=mgcos解得：N=mgcosTsin，则 a、b 两物体对斜面的压力相同，故 B 正确；C、根据 A 的分析可知，b 的摩擦力可以为零，而 a 的摩擦力一定不为零，故 C 错误；D、对 a 沿斜面方向有：Tcos+mgsin =fa，对 b 沿斜面方向有：T
5、cos mgsin=fb，正压力相等，所以最大静摩擦力相等，则 a 先达到最大静摩擦力，先滑动，故 D 错误故选：B点评：本题解题的关键是正确对物体进行受力分析，能根据平衡条件列式求解，难度不大，属于基础题3如图，斜面与水平面之间的夹角为 45，在斜面底端 A 点正上方高度为 10m 处的 O 点，以 5m/s 的速度水平抛出一个小球，则飞行一段时间后撞在斜面上时速度与水平方向夹角的正切值为（g=10m/s 2）( )A2 B0.5 C1 D考点：平抛运动 专题：平抛运动专题分析：研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，两个
6、方向上运动的时间相同结合几何关系，根据运动学公式求出运动的时间，从而得出速度与水平方向夹角的正切值解答： 解：设飞行的时间为 t，则：x=v 0th= 因为斜面与水平面之间的夹角为 45，如图所示，由三角形的边角关系可知，AQ=PQ所以在竖直方向上有，OQ+AQ=10m所以有：v 0t+ =10m，代入数据解得：t=1s则速度与水平方向夹角的正切值 故选：A点评：利用平抛运动的规律，在水平和竖直方向列方程，同时要充分的利用三角形的边角关系，找出内在的联系4竖直放置的螺线管与导线 abcd 构成回路，导线所围区域内有一垂直纸面向里的变化的匀强磁场，螺线管下方水平桌面上有一导体圆环导线 abcd
7、所围区域内磁场的磁感应强度按下列哪一幅图线所表示的方式变化时，导体圆环将受到向下的磁场作用力？( )A B C D考点：法拉第电磁感应定律；安培力；楞次定律 专题：电磁感应中的力学问题分析：导线区内磁场的变化使螺线管内产生感应电流，而感应电流产生的磁场可以在下方线圈中产生感线电流；则由法拉第电磁感应定律及楞次定律可判断导线区域内的磁场变化解答： 解：由楞次定律的运动学描述“来拒去留”可知，要使圆环受到向下的作用力，则螺线管中应产生增大的磁场；而螺线管中的磁场是由 abcd 区域内的磁场变化引起的，故abcd 中的磁场变化率应越来越大，故只有 B 符合，A 是减小的， BD 是不变的；故选 B点
8、评：本题应明确 abcd 区域内的磁场变化引起螺线管的电磁感应；而螺线管中电流的变化才会引起导线环中电磁感应5如图甲所示，质量 m=1kg 的物块（可视为质点）以 v0=10m/s 的初速度从粗糙斜面上的P 点沿斜面向上运动到达最高点后，又沿原路返回，其速率随时间变化的图象如图乙所示，已知斜面固定且足够长且不计空气阻力，取 g=10m/s2下列说法中正确的是 ( )A物块所受的重力与摩擦力之比为 3：2B在 t=1s 到 t=6s 的时间内物块所受重力的平均功率为 50WC在 t=0 到 t=1s 时间内机械能的变化量大小与 t=1s 到 t=6s 时间内机械能变化量大小之比为 1：5D在 t
9、=6s 时物体克服摩擦力做功的功率为 20W考点：功能关系；功率、平均功率和瞬时功率 分析：根据速度时间图象得出，物块上滑和下滑时的加速度，对物体进行受力分析，根据牛顿第二定律即可求解重力与摩擦力的关系，根据速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移求解 16s 内的位移，进而求出重力做的功，根据 P= 求解平均功率，根据 P=fv 求解克服摩擦力做功的功率，机械能的变化量等于除重力以外的力做的功解答： 解：A、设斜面倾角为 ，根据速度时间图象的斜率表示加速度得：上滑过程：a ，下滑过程：a ，根据牛顿第二定律得：，带入数据解得：sin ， ，故 A 错误；B、根据速度时间图象与坐标轴围成的面积表
10、示位移得：16s 内的位移 x= ，则 t=1s 到 t=6s 的时间内物块所受重力的平均功率，故 B 错误；C、在 t=0 到 t=1s 时间内机械能的变化量大小E 1=fx1，t=1s 到 t=6s 时间内机械能变化量大小E 2=fx2，则 ，故 C 正确；D、摩擦力 f= ，则 t=6s 时物体克服摩擦力做功的功率 P=fv=410=40W，故 D 错误故选：C点评：本题是速度时间图象，牛顿第二定律，机械能，功和功率的综合应用，要灵活运用功的计算式，灵活应用公式求解，题目综合性太强，需要熟练掌握这四块知识才能解决6有 a、b、c、d 四颗地球卫星，a 还未发射，在赤道表面上随地球一起转动
11、， b 是近地轨道卫星，c 是地球同步卫星，d 是高空探测卫星，它们均做匀速圆周运动，各卫星排列位置如图所示，则( )Aa 的向心加速度小于重力加速度 gB在相同时间内 b 转过的弧长最长Cc 在 4 h 内转过的圆心角是Dd 的运动周期有可能是 20h考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系 专题：人造卫星问题分析：同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，角速度相同，根据 a=2r 比较 a 与 c 的向心加速度大小，再比较 c 的向心加速度与 g 的大小根据万有引力提供向心力，列出等式得出角速度与半径的关系，分析弧长关系根据开普勒第三定律判断 d 与 c 的周期关系解答： 解：A、同步卫星的
12、周期必须与地球自转周期相同，角速度相同，则知 a 与 c 的角速度相同，根据 a=2r 知，c 的向心加速度大由 ，得 g= ，卫星的轨道半径越大，向心加速度越小，则同步卫星的向心加速度小于 b 的向心加速度，而 b 的向心加速度约为 g，故知 a 的向心加速度小于重力加速度g故 A 正确；B、由 ，得 v= ，卫星的半径越大，线速度越小，所以 b 的线速度最大，在相同时间内转过的弧长最长故 B 正确；C、c 是地球同步卫星，周期是 24h，则 c 在 4h 内转过的圆心角是 故 C 正确；D、由开普勒第三定律 =k 知，卫星的半径越大，周期越大，所以 d 的运动周期大于 c 的周期 24h故
13、 D 错误；故选：ABC点评：对于卫星问题，要建立物理模型，根据万有引力提供向心力，分析各量之间的关系，并且要知道同步卫星的条件和特点7空间某区域竖直平面内存在电场，电场线分布如图所示一个质量为 m、电量为 q，电性未知的小球在该电场中运动，小球经过 A 点时的速度大小为 v1，方向水平向右，运动至B 点的速度大小为 v2若 A、B 两点之间的高度差为 h，则以下判断中正确的是( )AA、B 两点的电场强度和电势大小关系为 EAE B、 A BB若 v2v 1，则电场力一定做正功C若小球带正电，则 A、B 两点间的电势差为 （v 22v122gh）D小球从 A 运动到 B 点的过程中电场力做的
14、功为 mv22 mv12考点：电势差与电场强度的关系；电势；等势面 专题：电场力与电势的性质专题分析：根据电场线的疏密判断场强的大小，由电场线的方向分析电势的高低小球运动过程中，重力做正功，电场力做功可正可负根据动能定理求解 A、B 两点间的电势差和电场力做功解答： 解：A、由电场线的疏密可判断出 EAE B由电场线的方向可判断出A B所以 EAE B、 A B，故 A 正确B、在运动的过程中，由动能定理得， ，若 v2v 1，qU 可正可负，故 B 错误C、由 B 得，A 、B 两点间的电势差 U= （v 22v122gh） ，故 C 正确D、由上式得，电场力做功 W=qU= mv22 mv
15、12mgh故 D 错误故选：AC点评：本题首先要掌握电场线两个意义可判断场强和电势的大小；其次根据动能定理研究曲线运动中功的问题8如图所示，一个小型旋转式交流发电机，其矩形线圈的线框面积为 S，共有 n 匝，总电阻为 r，外电路上接有一个阻值为 R 的定值电阻、理想交流电流表 A 和二极管 D线圈以角速度 在磁感应强度为 B 的匀强磁场中绕与磁场方向垂直的对称轴 OO匀速运动，下列说法正确的是( )A交流电流表的示数一直在变化B若用一根导线连接 M、 N 两点，电阻 R 上的功率不变CR 两端电压的有效值 U=D一个周期内通过 R 的电荷量 q=考点：交流发电机及其产生正弦式电流的原理；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率 专题：交流电专题分析：根据法拉第电磁感应定律、欧姆定律和电流的定义式求解电量从图示位置磁通量为 1=0，转过 90磁通量为 2=BS，= 21交流电压表测量有效值，由电动势的最大值、欧姆定律和有效值与最大值之间的关系求解电压的有效值根据焦耳定律 Q=I2Rt 求解热量，I 为有效值解答： 解：A、电流表示数为电流有效值，是保持不变的，故 A 错误；B、若用一根导线连接 M、N 两点，没有了二极管的作用，电阻 R 上的功率增大，故 B 错误；C、矩形闭合导线框在磁场中转动，产生的交流电的电压最大值为：Em=
