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1、江苏省黄桥中学2019-2020学年高二物理上学期第一次月考试题（含解析）一、单项选择题1. 中国宋代科学家沈括在梦溪笔谈中最早记载了地磁偏角：“以磁石磨针锋，则能指南，然常微偏东，不全南也。”进一步研究表明，地球周围地磁场的磁感线分布示意如图。结合上述材料，下列说法不正确的是A. 地理南、北极与地磁场的南、北极不重合B. 地球内部也存在磁场，地磁南极在地理北极附近C. 地球表面任意位置的地磁场方向都与地面平行D. 地磁场对射向地球赤道的带电宇宙射线粒子有力的作用【答案】C【解析】【详解】A根据题意可知，地理南、北极与地磁场存在一个夹角，为磁偏角，故两者不重合，A正确； B地磁南极在地理的北极
2、附近，地磁北极在地理的南极附近，B正确；C由于地磁场的磁场方向沿磁感线切线的方向，故只有赤道处地磁场的磁场方向才与地面平行，C错误；D在赤道处，磁场方向水平，而射线是带电的粒子，运动方向垂直磁场方向，根据左手定则可得射向赤道的粒子受到洛伦兹力的作用，D正确。【点睛】地球本身是一个巨大的磁体。地球周围的磁场叫做地磁场。地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理北极附近，所以地磁场的方向是从地磁北极到地磁南极。2.如图所示，在固定位置的条形磁铁S极附近悬挂一个金属线圈，线圈与水平磁铁位于同一竖直平面内，当在线圈中通入沿图示方向流动的电流时，将会看到()A. 线圈向左平移B. 线圈向右平移C. 从上往下
3、看，线圈顺时针转动，同时靠近磁铁D. 从上往下看，线圈逆时针转动，同时靠近磁铁【答案】C【解析】通以逆时针的电流，由于处于S极的磁体附近，根据左手定则可得，线圈左边安培力垂直纸面向里，右边安培力垂直纸面向外从上往下看，导致线圈顺时针转动；当线圈转过900角时，由右手定则可知线圈左端为N极，则与磁体吸引，即线圈边转动，边向磁体靠近故选C.点睛：通电圆环处于S极的附近，受到磁场力的作用使其转动，当转过与磁感应线垂直时，由于磁场的不均匀，导致线圈受到安培力作用3.如图所示，双量程电压表由表头G和两个电阻串联而成。已知该表头的内阻，满偏电流，下列说法正确的是A. 表头G满偏电压为500VB. 使用a、
4、b两个端点时，其量程比使用a、c两个端点时大C. 使用a、b两个端点时，其量程为010V，则R1为9.5kD. 使用a、c两个端点时，其量程为0100V，则为95k【答案】C【解析】表头的满偏电压为，A错误；在电压表的改装中，串联的电阻越大，分压越大，量程越大，所以使用a、c两个端点时，量程最大，B错误；若使用a、b两个端点时，其量程为010V，则，代入数据可得，C正确；使用a、c两个端点时，其量程为0100V，则，代入数据可得，D错误4.如图所示的电路中，A是电容器两极板之间的一点，在A点有一个带负电荷的质点，质点在重力和电场力的共同作用下处于静止状态，当滑动变阻器连入电路的阻值减小时，带电
5、质点的运动情况是A. 向上加速B 向下加速C. 保持静止D. 向上匀速【答案】A【解析】【详解】滑动变阻器阻值减小时，总电阻减小，则电流增大，电容器两端的电压增大，电场强度增大，电场力增大，电场力大于重力，带电质点向上加速。A向上加速，与结论相符，选项A正确；B向下加速，与结论不相符，选项B错误；C保持静止，与结论不相符，选项C错误；D向上匀速，与结论不相符，选项D错误；5.利用伏安法测电阻一般采用如图甲、乙所示的两种接法，这两种接法都会产生系统误差下列说法中正确的是A. 图甲中Rx的测量值偏小，是由于电流表的分压作用B. 图甲中Rx的测量值偏大，是由于电压表的分流作用C. 图乙中Rx的测量值
6、偏小，是由于电压表的分流作用D. 图乙中Rx的测量值偏大，是由于电流表的分压作用【答案】D【解析】【详解】AB图甲中由于电压表的分流作用，则电流表测量值偏大，根据可知，Rx的测量值偏小，选项AB错误；CD图乙中由于电流表的分压作用使得电压表的测量值偏大，根据可知，Rx的测量值偏大，选项C错误，D正确。6.在如图所示的电路中，电压表、电流表均为理想电表。电源电动势为12V，内阻为1，电动机线圈电阻为0.5，开关闭合，电动机正常工作，电压表示数为10V，则A. 电源两端的电压为12VB. 电源的输出功率为24WC. 电动机消耗的电功率为80WD. 电动机所做机械功的功率为18W【答案】D【解析】电
7、压表的示数为10V，为电源两端电压，即路端电压，而电动势为12V，故内电压为2V，所以电路电流为，电源的输出功率等于电动机消耗的电功率，故为，电动机的热功率为，所以电动机的机械功率为，D正确【点睛】在计算电功率的公式中，总功率用来计算，发热的功率用来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的7.两相邻匀强磁场区域的磁感应强度大小不同、方向平行一速度方向与磁感应强度方向垂直的带电粒子（不计重力），从较强磁场区域进入到较弱磁场区域后，粒子的A. 轨道半径增大，角速度增大B. 轨道半径
8、增大，角速度减小C 轨道半径减小，角速度增大D. 轨道半径减小，角速度减小【答案】B【解析】【详解】带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提高向心力，由牛顿第二定律有：解得：从较强磁场区域进入到较弱磁场区域后。B减小，所以r增大。线速度、角速度的关系为：v=R，线速度v不变，半径r增大，所以角速度减小。A轨道半径增大，角速度增大，与结论不相符，选项A错误；B轨道半径增大，角速度减小，与结论相符，选项B正确；C轨道半径减小，角速度增大，与结论不相符，选项C错误；D轨道半径减小，角速度减小，与结论不相符，选项D错误。8.图甲是洛伦兹力演示仪图乙是演示仪结构图，玻璃泡内充有稀薄的气体，由电子枪
9、发射电子束，在电子束通过时能够显示电子的径迹图丙是励磁线圈的原理图，两线圈之间产生的磁场近似匀强磁场，线圈中电流越大磁场越强，磁场的方向与两个线圈中心的连线平行电子速度的大小和磁感应强度可以分别通过电子枪的加速电压和励磁线圈的电流来调节若电子枪垂直磁场方向发射电子，给励磁线圈通电后，能看到电子束的径迹呈圆形关于电子束的轨道半径，下列说法正确的是A. 只增大励磁线圈中的电流，轨道半径变小B. 只增大励磁线圈中的电流，轨道半径不变C. 只增大电子枪的加速电压，轨道半径不变D. 只增大电子枪的加速电压，轨道半径变小【答案】A【解析】【详解】电子被加速电场加速，由动能定理得：电子在匀强磁场中做匀速圆周
10、运动，洛伦兹力充当向心力，由牛顿第二定律得：解得：AB增大励磁线圈中的电流，磁感应强度B增大，由可知，轨道半径r变小，故B错误，A正确；CD只增大电子枪的加速电压U，由可知，轨道半径变大，故CD错误；9.如图甲所示为足够大空间内存在水平方向的匀强磁场，在磁场中A、B两物块叠在一起置于光滑水平面上，物块A带正电，物块B不带电且表面绝缘，A、B接触面粗糙，自t0时刻起用水平恒力F作用在物块B上，两物块由静止开始做匀加速直线运动乙图图象的横轴表示时间，则纵轴y可以表示A. A所受摩擦力的大小B. B对地面压力的大小C. A所受合力的大小D. B所受摩擦力的大小【答案】B【解析】【详解】A物体由静止做
11、匀加速运动，速度v=at；物块A的洛伦兹力竖直向下，因此将A和B看成整体，由牛顿第二定律可得因此物块A和B的加速度是定值A物体所受摩擦力为其合力，因此有因此A的摩擦力大小不变，A错误BA物体的洛伦兹力F1=qvB=qBat，B对地面的压力：N=（mA+mB）g+qBat，故B正确。CA所受的合力为其受到的静摩擦力，因此FA合= mA a是不变的，故C错误。D物块A对物块B的摩擦力大小f=mAa，所以f随时间t的变化保持不变，故D错误。二、多项选择题10.1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示，这台加速器由两个铜质D形合D1、D2构成，其间留有空隙，下列说法正确的是A. 离
12、子由加速器的中心附近进入加速器B. 离子由加速器的边缘进入加速器C. 离子从磁场中获得能量D. 离子从电场中获得能量【答案】AD【解析】【详解】据回旋加速器的工作原理知，粒子由回旋加速器的中心附近进入加速器，且在电场中加速，通过磁场回旋，所以从电场中获得能量，故选AD。【点睛】回旋加速器的工作原理是利用电场加速，磁场偏转，且二者的周期相同，被加速离子由加速器的中心附近进入加速器，而从边缘离开加速器；洛伦兹力并不做功，而电场力对带电离子做功，即可加速正电荷也可加速负电荷。11.已知磁敏电阻在没有磁场时电阻很小，有磁场时电阻变大，并且磁场越强阻值越大为探测磁场的有无，利用磁敏电阻作为传感器设计了如
13、图所示电路，电源的电动势E和内阻r不变，在没有磁场时调节变阻器R使灯泡L正常发光若探测装置从无磁场区进入强磁场区，则A. 灯泡L变亮B. 灯泡L变暗C. 电流表的示数变小D. 电流表的示数变大【答案】AC【解析】【详解】CD探测装置进入强磁场区以后磁敏电阻阻值变大，回路总电阻变大，总电流减小，电流表示数变小，选项C正确，D错误；AB由于总电流变大，则电源内电阻分压变小，路端电压变大，则电灯L亮度增加，选项A正确，B错误。12.锂电池因能量密度高、绿色环保而广泛使用在手机等电子产品中。现用充电器为一手机锂电池充电，等效电路如图所示，充电器电源的输出电压为U，输出电流为I，手机电池的内阻为r，下列
14、说法正确的是()A. 电能转化为化学能功率为UII2rB. 充电器输出的电功率为UII2rC. 电池产生的热功率为I2rD. 充电器的充电效率为100%【答案】AC【解析】试题分析：由于充电器的两端电压为U，则锂电池的两端电压也为U，电流为I，故锂电池消耗的电功率为UI，锂电池的发热功率为I2r，故转化为化学能的的电功率为UII2r，选项A正确；充电器的输出功率为UI，选项B错误；电池产生的热功率为I2r，选项C正确；充电器的充电效率为（1-）100%，选项D错误。考点：电源对非纯电阻元件供电。13.如图所示，平面直角坐标系的第象限内有一匀强磁场垂直于纸面向里，磁感应强度为B一质量为m、电荷量
15、为q的粒子以速度v从O点沿着与y轴夹角为30的方向进入磁场，运动到A点时速度方向与x轴的正方向相同，不计粒子的重力，则A. 该粒子带正电B. A点与x轴的距离为C. 粒子由O到A经历时间tD. 运动过程中粒子的速度不变【答案】BC【解析】【详解】根据题意作出粒子运动的轨迹如图所示：A根据左手定则及曲线运动的条件判断出此电荷带负电，故A错误；B设点A与x轴的距离为d，由图可得：r-rcos60=d所以d=0.5r而粒子的轨迹半径为，则得A点与x轴的距离为：，故B正确；C粒子由O运动到A时速度方向改变了60角，所以粒子轨迹对应的圆心角为=60，所以粒子运动的时间为故C正确；D由于粒子的速度的方向在改变，而速度是矢量，所以速度改变了，故D错误。14.如图所示，直线、分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流的变化的特性图线，曲线是一个小灯泡的伏
