《2020届四川省泸县第一中学高三下学期第二次月考数学（文）试题Word版》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020届四川省泸县第一中学高三下学期第二次月考数学（文）试题Word版（10页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2020年春四川省泸县第一中学高三第二学月考试文科数学注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名和准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。第I卷 选择题（60分）一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1已知全集，则ABCD2已知复数满足（其中为虚数单位），则ABCD3命题：，的否定是A，B，C，D，4已知等差数列的前n项和为，且，则A11B1
2、6C20D285在平行四边形中， ，则等于A B C D6已知，则的值为ABCD7“a0”是“方程ax210至少有一个负根”的A必要不充分条件B充分不必要条件C充要条件D既不充分也不必要条件8对两个变量进行回归分析，给出如下一组样本数据：，下列函数模型中拟合较好的是ABC D9若两个正实数x，y满足，且不等式有解，则实数m的取值范围是 ABCD10已知是定义在上的奇函数，且满足，当时，则ABCD11等腰三角形的腰，将它沿高翻折，使二面角成，此时四面体外接球的体积为A BCD12已知F1，F2是双曲线C：的两个焦点，以线段F1F2为边作正三角形MF1F2，若边MF1的中点在双曲线C上，则双曲线C
3、的离心率为AB4+2C1D第II卷 非选择题（90分）2、 填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。13设，满足约束条件，则目标函数的最大值为_.14已知，则_.15已知函数 是奇函数，若函数在区间上单调递增，则实数的取值范围是_.16如图,在直四棱柱中,底面是菱形,分别是的中点, 为的中点且,则面积的最大值为_三解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。第1721题为必考题，每个试题考生都必须作答。第22、23题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共60分。17（12分）在中，设角的对边分别为，已知.（I）求角的大小；（II）若，求周长的取值范围.18（12分）某小
4、学举办“父母养育我，我报父母恩”的活动，对六个年级（一年级到六年级的年级代码分别为1，2，6）的学生给父母洗脚的百分比y%进行了调查统计，绘制得到下面的散点图（I）由散点图看出，可用线性回归模型拟合y与x的关系，请用相关系数加以说明；（II）建立y关于x的回归方程，并据此预计该校学生升入中学的第一年（年级代码为7）给父母洗脚的百分比附注：参考数据： 参考公式：相关系数，若r0.95，则y与x的线性相关程度相当高，可用线性回归模型拟合y与x的关系回归方程中斜率与截距的最小二乘估计公式分别为 ，19(12分)如图，在三棱柱中，平面，为边上一点，.（I）证明：平面平面.（II）若，试问：是否与平面平
5、行？若平行，求三棱锥的体积；若不平行，请说明理由.20（12分）在椭圆上任取一点（不为长轴端点），连结、，并延长与椭圆分别交于点、两点，已知的周长为8，面积的最大值为.（I）求椭圆的方程；（II）设坐标原点为，当不是椭圆的顶点时，直线和直线的斜率之积是否为定值？若是定值，请求出这个定值；若不是定值，请说明理由.21（12分）已知函数，其中，为自然对数的底数.（I）当时，讨论函数的单调性；（II）当时，求证：对任意的，.（二）选考题：共10分。请考生在第22、23题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。22选修4-4：坐标系与参数方程（10分）在直角坐标系中，直线的参数方程为（为参数，
6、为直线的倾斜角），以坐标原点为极点，以轴正半轴为极轴，建立极坐标系，曲线的极坐标方程为.（I）写出曲线的直角坐标方程，并求时直线的普通方程；（II）直线和曲线交于、两点，点的直角坐标为，求的最大值.23选修4-5：不等式选讲（10分）设函数.（I）若存在，使得，求实数的取值范围；（II）若是中的最大值，且，证明：.2020年春四川省泸县第一中学高三第二学月考试文科数学参考答案1A2D3D4C5D6C7C8D9D10B11A12A131414151617解：（1）由题意知，即，由正弦定理得由余弦定理得，又.（2），则的周长.，周长的取值范围是.18.解（1）因为所以，所以，因为所以，所以由于与的
7、相关系数约为，说明与的线性相关程度相当高，从而可用线性回归模型拟合与的关系.(2)因为，所以所以回归方程为将，代入回归方程可得，所以预计该校学生升入中学的第一年给父母洗脚的百分比为.19(1)证明：因为AA1平面ABC，所以BB1平面ABC，因为，所以ADBB1在ABD中，由余弦定理可得，则，所以ADBC，又，所以AD平面BB1C1C，因为，所以平面ADB1平面BB1C1C(2)解：A1C与平面ADB1平行证明如下：取B1C1的中点E，连接DE，CE，A1E，因为BDCD，所以DEAA1，且DEAA1，所以四边形ADEA1为平行四边形，则A1EAD同理可证CEB1D因为，所以平面ADB1平面A
8、1CE，又，所以A1C平面ADB1因为AA1BB1，所以，又，且易证BD平面AA1D，所以20解：（1）因为的周长为8，所以有设，因为面积的最大值为.所以的最大值为，由椭圆的范围，当时，面积最大，因此有，而，因为，所以，所以椭圆标准方程为：；（2）当不是椭圆的顶点时，因此.直线的方程为：，与椭圆的方程联立，得：，同理直线的方程为：，与椭圆的方程联立，得：，为定值.21解：（1）当时，当时，.在上为减函数.（2）设，令，则，当时，有，在上是减函数，即在上是减函数，又，存在唯一的，使得，当时，g(x)在区间单调递增；当时，g(x)在区间单调递减，因此在区间上，将其代入上式得，令，则，即有，的对称轴，函数在区间上是增函数，且，即任意，因此任意，.22解：（1），曲线的直角坐标方程为，当时，直线的普通方程为；（2）把直线的参数方程为代入，得，则与同号且小于0，由得：或，的最大值为23解：（1） 存在，使得 （2）由（1）知: 而 由- 10 -
