《甘肃省武威第一中学2020届高三物理上学期12月试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《甘肃省武威第一中学2020届高三物理上学期12月试题（含解析）（16页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、甘肃省武威第一中学2020届高三物理上学期12月试题（含解析）一选择题1.某同学用位移传感器研究木块沿倾角为=30的斜面下滑的运动情况，装置如图甲所示乙图记录了木块下滑过程中的位移-时间(x-t)图象，取重力加速度g=10m/s2下列说法中正确的是A. 木块在t0时速度为零B. 木块在t1s时速度大小为2m/sC. 木块的加速度逐渐增大D. 木块的加速度大小为5m/s2【答案】A【解析】【详解】根据图像可知，x-t关系式为x=2t2，对比x=v0t+at2可知，v0=0，a=4m/s2，选项A正确，CD错误；木块在t1s时速度大小为v2=at=4m/s，选项B错误；故选A。2.物体做匀加速直线
2、运动，在时间T内通过位移x1到达A点，接着在时间T内又通过位移x2到达B点，则物体（）A. 在A点的速度大小为B. 在B点的速度大小为C. 运动的加速度为D. 运动的加速度为【答案】AB【解析】试题分析：根据得，加速度，故C、D错误；A点的瞬时速度，故A正确；B点的速度，故B正确考点：匀变速直线运动的速度与位移的关系【名师点睛】根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出加速度，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出A点的速度，结合速度时间公式求出B点的速度3.两辆完全相同的汽车，沿平直公路一前一后以相同的速度匀速行驶，若前车突然以恒定的加速度a刹车，在它刚停住时，后车开始以恒定的加速
3、度刹车，已知前车在刹车过程中所行驶的距离为x0，若要保证两车在上述情况中不相撞，则两车在匀速行驶时保持的距离至少应为A. x0B. 2x0C. 25x0D. 3x0【答案】D【解析】【详解】设前车加速度大小为a，后车加速度为0.5a，前车刹车的时间为刹车的位移在此时间内，后车做匀速运动，位移为所以此后后车刹车，刹车的时间为刹车位移要保持两车在上述情况中不相撞，则两车在匀速行驶时保持的距离至少应为 故选D。4.如图所示，用一轻绳将光滑小球P系于竖直墙壁上的O点，在墙壁和球P之间夹有一长方体物块Q，P、Q均处于静止状态，现有一铅笔紧贴墙壁从O点开始缓慢下移，则在铅笔缓慢下移的过程中()A. P所受
4、的合力增大B. Q受到墙壁的摩擦力逐渐变大C. P对Q压力逐渐减小D. 细绳的拉力逐渐增大【答案】D【解析】【详解】P受重力、绳的拉力和Q的支持力而始终处于平衡状态，合力为零，故A错误；设拉力与竖直方向的夹角为，根据共点力平衡有：拉力，Q对P的支持力N=mgtan，铅笔缓慢下移的过程中，增大，则拉力T增大，Q对P的支持力增大故D正确，C错误；对Q分析知，在竖直方向上，Q受到重力与摩擦力始终平衡，所以Q受到的摩擦力不变,故B错误所以D正确，ABC错误【点睛】本题主要考查了受力分析、物体的平衡键是能够灵活地选择研究对象进行受力分析，根据平衡条件列方程求解分别对P、Q受力分析，通过P、Q处于平衡，求
5、出各力的表达式，再根据角度变化，判断各力的变化5.质量为M的木块位于粗糙水平桌面上，若用大小为F的水平恒力拉木块，其加速度为a，当拉力方向不变，大小变为2F时，木块的加速度为a，则（ ）A. aaB. a2aC. a2aD. a2a【答案】C【解析】【详解】由牛顿第二定律得：F-Ff=ma；2F-Ff=ma；由于物体所受的摩擦力：Ff=FN=mg，即Ff不变，所以有：，故选C6.质量为m的物体P置于倾角为1的固定光滑斜面上，轻细绳跨过光滑定滑轮分别连接着P与小车，P与滑轮间的细绳平行于斜面，小车以速率v水平向右做匀速直线运动当小车与滑轮间的细绳和水平方向成夹角2时(如图)，下列判断正确的是()
6、A. P速率为vB. P的速率为vcos 2C. 绳的拉力等于mgsin 1D. 绳的拉力小于mgsin 1【答案】B【解析】试题分析：将小车速度沿绳子和垂直绳子方向分解为v1、v2，P的速率等于，A错误、B正确；小车向右做匀速直线运动，减小，P的速率增大，绳的拉力大于mgsin1，C、D错误；故选B考点：速度的分解7.皮带传送装置如图7所示，皮带的速度v足够大，轻弹簧一端固定，另一端连接一个质量为m的滑块，已知滑块与皮带之间存在摩擦，当滑块放在皮带上时，弹簧的轴线恰好水平，若滑块放到皮带的瞬间，滑块的速度为零，且弹簧正好处于自由长度，则当弹簧从自由长度到第一次达最长这一过程中，物体的速度和加
7、速度变化的情况是 （ ）A. 速度增大，加速度增大B. 速度增大，加速度减小C. 速度先增大后减小，加速度先增大后减小D. 速度先增大后减小，加速度先减小后增大【答案】D【解析】【详解】滑块在水平方向受向左的滑动摩擦力Ff和弹簧向右的拉力kx，合力F合=Ff-kx=ma，而x逐渐增大，所以加速度a先减小后反向增大，速度先增大后减小故D正确，ABC错误。8.2017年6月随着时速高达350公里的“复兴号”高铁列车投入运营，中国已成为世界上高铁商业运营速度最高的国家，假设“复兴号”受到阻力的大小正比于它速率的平方，如果“复兴号”动车组发动机的输出功率变为原来的8倍，则它的最大速率变为原来的A. 2
8、倍B. 倍C. 3倍D. 倍【答案】A【解析】设复兴号速率为v，受到阻力的大小，复兴号匀速运动时输出功率，如果“复兴号”动车组发动机的输出功率变为原来的8倍，则它的最大速率变为原来的2倍，故A正确，BCD错误；故选A【点睛】解决本题的关键：一是能够正确的写出阻力与速度大小的表达式，二是利用功率的计算方法P=Fv9.如图所示， AB为长度足够长的水平地面， AC为与水平方向成30的倾斜地面，D为AC中点已知将某物体以4 J的初动能从D点水平抛出，其落地时的动能为8 J若将该物体以一定的初速度从C点水平抛出，要使其恰好能落在A点，则其抛出时的初动能应为A. 4 JB. 6 JC. 8 JD. 10
9、 J【答案】B【解析】【详解】斜面倾角为300，设AC的水平位移为x，则竖直高度为x，D点抛出时的竖直高度为x，物体做平抛运动，在水平方向上做匀速直线运动，则有：从D点抛出时：Ek=Ek0+mgx，则mgx=4J；CA过程中，到达A点时：EkA=EkC+mgx，即EkA=EkC+8；从C点抛出的物体x=v0t；x=gt2，解得gt=v0，则到达A点的竖直速度vy=gt=v0，到达A点的速度，则EkA=EkC；联立解得：EKc=6J，故选B10.如图所示，长为L=1m的长木板水平放置，在木板的A端放置一个质量为m=1kg的小物块，现缓慢地抬高A端，使木板以左端为轴转动，当木板转到与水平面的夹角为
10、=300时小物块开始滑动，此时停止转动木板，小物块滑到底端的速度为v=2m/s，则在整个过程中( )A. 木板对小物块做功为5JB. 摩擦力对小物块做功为5JC. 支持力对小物块做功为0D. 小物块克服摩擦力做功为3J【答案】D【解析】【详解】设在整个过程中，木板对物块做功为W，整个过程中重力做功为零，则根据动能定理得：，故A错误；在木板从水平位置开始转动到与水平面的夹角为300的过程中，支持力对物块做功为WN，根据动能定理得：WN-mgLsin300=0，代入数据得WN=mgLsin300=5J，故C错误；只有物块下滑的过程中摩擦力才做功，根据动能定理得：，解得：，所以小物块克服摩擦力做功为
11、3J，故B错误，D正确所以D正确，ABC错误11.如图所示，固定在竖直平面内的圆管形轨道的外轨光滑，内轨粗糙一小球从轨道的最低点以初速度v0向右运动，球的直径略小于圆管的直径，球运动的轨道半径为R，空气阻力不计，重力加速度大小为g，下列说法一定正确的是() A. 若v02，小球运动过程中机械能不可能守恒B. 若v0=3，小球运动过程中机械能守恒C. 若v0，小球不可能到达最高点D. 若v0=2，小球恰好能到达最高点【答案】B【解析】若小球上升到与圆心等高处时速度为零，此时小球只与外轨作用，不受摩擦力，只有重力做功，由机械能守恒定律得：，解得，故A错误；小球如果不挤压内轨，则小球到达最高点速度最
12、小时，小球的重力提供向心力，由牛顿第二定律得：，由于小球不挤压内轨，则小球在整个运动过程中不受摩擦力作用，只有重力做功，机械能守恒，从最低点到最高点过程中，由机械能守恒定律得：，解得：，则小球要不挤压内轨，速度应大于等于，故B正确；若小球的速度小于，也是有可能做完整的圆周运动的，到达最高点，只是最终在圆心下方做往复运动，故C错误；如果内圆光滑，小球在运动过程中不受摩擦力，小球在运动过程中机械能守恒，如果小球运动到最高点时速度为0，由机械能守恒定律得：，解得：，现在内壁粗糙，如果小球运动到最高点时速度为0，一定受到摩擦力作用，故小球在到达最高点前速度已为零，不能到达最高点，故D错误；选B.【点睛
13、】内圆粗糙，小球与内圆接触时要受到摩擦力作用，要克服摩擦力做功，机械能不守恒；外圆光滑，小球与外圆接触时不受摩擦力作用，只有重力做功，机械能守恒，应用牛顿第二定律与机械能守恒定律分析答题.二多选题12.某人在春分那天（太阳光直射赤道）站在地球赤道上用天文望远镜观察他正上方的一颗同步卫星，他发现在日落后连续有一段时间t观察不到此卫星已知地球表面的重力加速度为g，地球自转周期为T，圆周率为，仅根据g、t、T、可推算出A. 地球质量B. 地球的半径C. 卫星距地面的高度D. 卫星与地心的连线在t时间内转过的角度【答案】BCD【解析】D、根据光的直线传播规律，日落有t时间该观察者看不见此卫星图示如图所
14、示：同步卫星相对地心转过角度为=2，结合，可解得出卫星与地心连线在t时间内转过的角度，故D正确B、对同步卫星根据和，可得，联立，可解除地球半径R和轨道半径r，则卫星的高度可求出，故B、C均正确A、由可知由于引力常量G未知，故地球质量M无法求出，A错误故选BCD【点睛】解决天体问题把握两条思路：一是万有引力提供向心力，二是重力等于万有引力针对本题关键还要分析好几何关系来求解13.如图所示，水平地面上有一个坑，其竖直截面为半圆，O为圆心，AB为沿水平方向的直径。若在A点以初速度v1沿AB方向平抛一小球，小球将击中坑壁上的最低点D点；若A点小球抛出的同时，在C点以初速度v2沿BA方向平抛另一相同质量
15、的小球并也能击中D点，已知COD，且不计空气阻力，则A. 两小球可能同时落到D点B. 两小球一定不能同时落到D点C. 两小球初速度之比v1v23D. 两小球初速度之比v1v23【答案】BD【解析】【详解】AB平抛运动的时间由高度决定，高度越高，时间越长，可知两球平抛运动的时间不等，不能同时落到D点，故A错误；B正确；CDA点抛出的小球高度为R，水平位移为R；C点抛出的小球高度水平位移初速度所以初速度之比为故C错误，D正确。故选BD。14.如图所示，光滑圆圈竖直固定，A为最高点，橡皮条上端固定在A点，下端连接一套在圆圈上的轻质小环，小环位于B点，AB与竖直方向夹角为，用光滑钩拉橡皮条中点，将橡皮条中点拉至C点时，钩的拉力大小为F。为保持小环静止于B点，需给小环施加一作用力F，下列说法正确的是A. 若F沿水平方向，则FFB. 若F沿竖直方向，则FC. F的最大值为FD. F的最小值为F【答案
