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1、甘肃省武威第六中学2020届高三物理上学期第六次诊断考试试题（含解析）一、选择题(共14题，每题4分，共56分。第110小题只有一项正确选项；第1114小题有多个正确选项，错选得0分，漏选得2分。)1.2018年10月15日，我国以“一箭双星”方式成功发射第39、40颗北斗导航卫星，并到达预定轨道，这两颗卫星属于中国地球轨道卫星，离地高度小于地球同步卫星的高度。则第39、40颗北斗导航卫星的（ ）A. 线速度小于同步卫星的线速度B. 角速度小于同步卫星的角速度C. 周期小于同步卫星的周期D. 向心加速度小于同步卫星的向心加速度【答案】C【解析】【分析】考查万有引力与航天。【详解】A由万有引力提
2、供向心力的线速度公式：解得轨道半径小于地球同步卫星轨道半径，所以线速度大于同步卫星的线速度，A错误；B由万有引力提供向心力的角速度公式：解得轨道半径小于地球同步卫星轨道半径，所以角速度大于同步卫星的角速度，B错误；C由万有引力提供向心力的周期公式：解得轨道半径小于地球同步卫星轨道半径，所以周期小于同步卫星的周期，C正确；D由万有引力提供向心力的向心加速度公式：解得轨道半径小于地球同步卫星轨道半径，所以向心加速度大于同步卫星的向心加速度，D错误。故选C。2.有一个质量为1kg的小球，在4个不同方向的共点力的作用下做匀速直线运动，现同时撤去大小分别为2N和3N的两个力，其余的力保持不变，关于此后该
3、小球的运动情况，下列说法正确的（ ）A. 可能做加速度大小为10m/s2的匀减速直线运动B. 可能做加速度大小为10m/s2的匀加速直线运动C. 可能做加速度大小为3m/s2的匀变速曲线运动D. 可能做向心加速度大小为2m/s2的匀速圆周运动【答案】C【解析】【分析】考查共点力平衡的特点，力的合成与分解。【详解】4个不同方向的共点力的作用时，保持平衡，撤去大小分别为2N和3N的两个力，剩下两个力的合力与这两个力的合力等大反向，则剩下两个力的合力范围为：解得AB合力最大时，加速度最大，最大加速度有：合力最小时，加速度最小，最小加速度有：即加速度大小范围为：；所以不可能以10m/s2的加速度运动，
4、AB错误；C3m/s2在范围内，当剩下两个力的合力与初始时的运动方向不共线时，做匀变速曲线运动，C正确；D由于受到的是恒力，加速度大小和方向都不变，所以不可能做匀速圆周运动，D错误。故选C。3.在真空中某区域内有一电场，电场中有一点O，经过O点的一条直线上有P、M、N三点，直线上各点的电势分布如图所示，x表示该直线上某点到O点的距离，下列说法正确的（ ）A. P、M、N三点中M点的电场强度最大B. 正电荷沿直线从M运动到N的过程中，所受电场力逐渐减小C. 正电荷沿直线从M运动到N的过程中，电场力做负功D. 负电荷沿直线从P运动到M的过程中，电势能先不变后减小【答案】C【解析】【分析】考查电场力
5、做功与电势能的变化关系。【详解】A-x图像中，斜率的绝对值表示电场强度的大小，由图可知，P、M、N三点中，M点的斜率绝对值最小，故电场强度最小，A错误；B电场力，与电场强度成正比，从M到N的过程中，斜率的绝对值越来越大，即电场强度越来越大，则电场力越来越大，B错误；C由电势能的公式：其中q为正值，从M到N的过程中电势逐渐增大，则电势能逐渐增大，由电场力做功的功能关系可知，电势能增加，电场力做负功，C正确；D由电势能的公式：其中q为负值，从P到M的过程中电势先不变后减小，则电势能先不变后增大，D错误。故选C。4.如图所示，物块A、B（可视为质点）用跨过光滑轻质滑轮的轻绳1连接，其中物块A放在水平
6、地面上，滑轮用轻绳2连接在竖直墙上，此时物块A、B均静止不动，连接滑轮的轻绳2与竖直墙壁间的夹角为。现将物块A向右缓慢移动一小段距离，若物块A、B仍能保持静止不动，则（ ）A. 轻绳1对物块A的拉力大小增大B. 地面对A的摩擦力减小C. 物块A对地面的压力增大D. 轻绳2的拉力大小保持不变【答案】C【解析】【分析】考查平衡状态的动态分析。【详解】A保持平衡，轻绳1对物块A的拉力等于物块B的重力，保持不变，A错误；B物块A向右缓慢移动一小段距离后，轻绳1与水平面的夹角减小，物块A受力平衡，水平方向有：减小，摩擦力增大，B错误；C对A分析，竖直方向有：减小，所以地面对A的支持力增大，由牛顿第三定律
7、可知，物块A对地面的压力增大，C正确；D轻绳2的拉力大小与轻绳1两边拉力的合力等大反向，所以：又有，减小，所以增大，减小，轻绳2的拉力大小减小，D错误。故选C。5.甲、乙两位轮滑运动员静止在水平地面上，甲猛推乙一下，结果两人向相反方向滑去。已知停止运动时甲滑行的距离是乙滑行距离的一半，若两人与水平地面间的摩擦阻力均与两人的重力成正比，且比例系数一样，则两人的质量之比为（ ）A. B. C. 2D. 【答案】A【解析】【分析】考查动量守恒定律的应用以及牛顿运动定律的应用。【详解】两个人初状态总动量为0，设甲、乙的质量分别为m1、m2，甲猛推乙一下后，甲、乙的速度大小分别为v1、v2，由动量定理：
8、可得两人与水平地面间的摩擦阻力均与两人的重力成正比，且比例系数一样，则：为比例系数；停止运动时甲滑行的距离为x1：解得停止运动时乙滑行的距离为x2：解得依题意有，联立各式解得：，A正确，BCD错误。故选A。6.如图所示，P、Q是两个一模一样的圆形线圈，都能在光滑的圆柱上自由移动，分别通以大小不同的异向电流，IPIQ，则下列关于线圈P、Q的运动情况，说法正确的是（ ）A. 从左往右看，P绕圆柱逆时针转动，Q绕圆柱顺时针转动B. 相背做加速度减小的加速直线运动，aP=aQC. P、Q相向做匀加速直线运动，aPaQD. P、Q相背做匀加速直线运动，aP=aQ【答案】B【解析】【分析】考查楞次定律的应
9、用。【详解】A由右手螺旋定则可判断，P、Q是两个线圈产生的磁场使两线圈相互排斥，没有使线圈旋转的力，A错误；BCD由右手螺旋定则可判断，P、Q是两个线圈产生的磁场使两线圈相互排斥，排斥力为安培力，相互背离的过程中，距离增大，一个线圈在另一个线圈处产生的磁场磁感应强度减小，所以安培力减小，加速度减小，做加速度减小的加速直线运动，两线圈所受安培力为相互作用力，大小相等，两线圈一模一样，质量相等，所以加速度相等，B正确，CD错误。故选B。7.超导限流器是一种短路故障电流限制装置，它由超导部件和限流电阻并联组成，原理图如图所示当通过超导部件的电流大子其临界电流Ic时，超导部件由超导态（可认为电阻为零）
10、转变为正常态（可认为是一个纯电阻），以此来限制电力系统的故障电流超导部件正常态电阻R1=7.5，临界电流Ic=0.6A，限流电阻R2 =15，灯泡L上标有“6V 3W”，电源电动势E=7V，内阻r=2，电路正常工作若灯泡L突然发生短路，则下列说法正确的是（ ）A. 灯泡L短路前通过R1的电流为1/3AB. 灯泡L短路后超导部件电阻为零C. 灯泡L短路后通过R1的电流为2/3AD. 灯泡L短路后通过R1的电流为1A【答案】C【解析】【分析】电路正常工作时，超导部件处于超导态，电阻为零，根据欧姆定律求出通过R1的电流L发生短路后，超导部件转为正常态，与限流电阻并联，由欧姆定律和串并联电路的特点求出
11、通过R1的电流【详解】A、由题，灯泡的电阻RL=12根据高温超导限流器的功能分析得知，电路正常工作时，超导部件处于超导态，电阻为零，根据欧姆定律得到通过R1的电流I1=0.5A故A错误B、当L发生短路后，超导部件转为正常态，与限流电阻并联，起到限流作用故B错误C、L发生短路后，外电路总电阻为R=5，干路电流为I=1A，通过R1的电流为I1=I=2/3A故C正确，D错误故选C8.如图所示，平行等距的水平虚线1、2、3、4为某一电场的等势面，已知等势面1、3、4的电势分别为1=3V、3=9V、4=12V。实线为一粒子（不计重力）仅在电场力的作用下的运动轨迹，M、N、P是轨迹上的三点，其中N点为轨迹
12、上的最高点，则（ ）A. 虚线2的电势一定是2=5VB. 粒子一定带负电C. 粒子在P点的电势能最大，动能最小D. 粒子在电场中各点受到的电场力可能不相等【答案】B【解析】【详解】A平行等距的等势面为等差等势面，则：解得，A错误；B如图所示：沿着电场线，电势逐渐降低，可知电场方向向上，电场力沿轨迹的凹侧，向下，电场力方向与电场方向相反，带负电，B正确；C由电势能的公式：其中q为负值，由图可知，P点电势最高，所以P点的电势能最小，C错误；D等势面是平行且等间距的电场为匀强电场，带电粒子在匀强电场中所受的电场力处处相等，D错误。故选B。9.如图所示，轻弹簧的一端固定在竖直墙上，一质量为m的光滑弧形
13、槽静止放在足够长的光滑水平面上，弧形槽底端与水平面相切。一质量为2m的小物块从槽顶端距水平面高h处由静止开始下滑，重力加速度为g，下列说法正确的是（ ）A. 物块第一次滑到槽底端时，槽的动能为mghB. 在下滑过程中物块和槽之间的相互作用力对物块始终不做功C. 全过程中物块、槽和弹簧所组成系统机械能守恒，且水平方向动量守恒D. 物块第一次被弹簧反弹后能追上槽，且能回到槽上距水平面高h处【答案】A【解析】【分析】考查机械能守恒定律，动量守恒定律。【详解】A小物块下滑过程中，小物块与槽系统水平方向动量守恒，物块第一次滑到槽底端时，有：槽光滑无摩擦，下滑过程中机械能守恒：联立解得：，槽的动能为：A正
14、确；B在下滑过程中，槽的机械能增加，由能量守恒可知，小物块机械能减少，则除了重力以外的其他力做负功，小物块除了受重力外，就受槽对小物块的作用力，所以槽对小物块的作用力做了负功，B错误；C全过程中，除了重力和弹簧弹力以外的其他力做功之和为零，所以物块、槽和弹簧所组成的系统机械能守恒，小物块压缩弹簧过程中，水平方向上受墙壁的支持力，动量不守恒，C错误；D物块第一次被弹簧反弹后速度大小为刚滑下来时的速度大小，即，小于槽的速度，不能追上槽，D错误。故选A。10.如图所示，两相邻且范围足够大的匀强磁场区域和的磁感应强度方向平行、大小分别为B和2B一带正电粒子(不计重力)以速度v从磁场分界线MN上某处射入
15、磁场区域，其速度方向与磁场方向垂直且与分界线MN成60角，经过t1时间后粒子进入到磁场区域，又经过t2时间后回到区域，设粒子在区域、中的角速度分别为1、2，则A. 1211B. 1221C. t1t211D. t1t221【答案】C【解析】【详解】由洛伦兹力充当向心力可知：,根据线速度和角速度关系可得：v=R；联立解得： ，则可知，角速度与磁场成正比，故1：2=1：2；故AB错误；粒子在两磁场中运动轨迹如图所示，粒子在I中转过的圆心角为120，而在II中转过的圆心角为240；由可知，粒子在I中的周期为II中周期的一半；则由可知，t1：t2=1：1； 故C正确，D错误故选C【点睛】本题考查带电粒子在有界磁场中
