《云南省禄丰县民族中学2019-2020学年高二物理上学期12月月考试题[含答案]》由会员分享,可在线阅读,更多相关《云南省禄丰县民族中学2019-2020学年高二物理上学期12月月考试题[含答案](10页珍藏版)》请在金锄头文库上搜索。
1、云南省禄丰县民族中学2019-2020学年上学期12月份考试高二 物理本试卷分第卷和第卷两部分,共100分,考试时间90分钟。学校:_姓名:_班级:_考号:_一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分) 1.在磁场中的同一位置,先后引入长度相等的直导线a和b,a、b导线的方向均与磁场方向垂直,但两导线中的电流不同,因此所受到的力也不相同下面的四幅图象表示的是导线所受到的力F与通过导线的电流I的关系a、b各自有一组F、I的数据,在图象中各描出一个点其中正确的是()AB CD2.在如图所示的四幅图中,正确标明了通电导线所受安培力F方向的是( )A B C D3.在科学发展史上,很多科学家做出
2、了杰出的贡献.他们在物理学的研究过程中应用了很多科学的思想方法.下列叙述不正确的是( )A 法拉第首先提出用电场线描绘抽象的电场,这是一种形象化的研究方法B 库仑得出库仑定律并用扭秤实验最早测出了元电荷e的数值C 用点电荷来代替实际带电体是采用了理想化物理模型的方法D 电场强度的表达式和电势差的表达式都是利用比值法得到的定义式4.如图所示,在圆形区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场,ab是圆的直径一不计重力的带电粒子从a点射入磁场,速度大小为v,当速度方向与ab成30角时,粒子在磁场中运动的时间最长,且为t,若相同的带电粒子从a点沿ab方向射入磁场,也经时间t飞出磁场,则其速度大小为()AvBvC
3、vDv5.如图所示,甲带正电,乙是不带电的绝缘物块,甲、乙叠放在一起,置于粗糙的固定斜面上,地面上方空间有垂直纸面向里的匀强磁场,现用平行于斜面的力F拉乙物块,使甲、乙一起无相对滑动沿斜面向上作匀加速运动的阶段中()A 甲、乙两物块间的摩擦力不断增大B 甲、乙两物块间的摩擦力保持不变C 甲、乙两物块间的摩擦力不断减小D 乙物块与斜面之间的摩擦力不断增大6.关于库仑定律,下列说法中正确的是()A 库仑定律适用于点电荷,点电荷其实就是体积很小的球体B 根据Fk,当两电荷的距离趋近于零时,静电力将趋向无穷大C 若点电荷q1的电荷量大于q2的电荷量,则q1对q2的静电力大于q2对q1的静电力D 库仑定
4、律和万有引力定律的表达式相似,都是平方反比定律7.如图所示,在示波管的正上方有一根直导线,导线中通以如图所示的电流时,示波管中的电子束将(电子的初速度方向与直导线平行)()A 向上偏转B 向下偏转C 向纸内偏转D 向纸外偏转8.在匀强电场中建立一直角坐标系,如图所示从坐标原点沿y轴前进0.2 m到A点,电势降低了10V,从坐标原点沿x轴前进0.2 m到B点,电势升高了10V,则匀强电场的场强大小和方向为()A 50 V/m,方向BAB 50 V/m,方向ABC 100 V/m,方向BAD 100 V/m,方向垂直AB斜向下9.如图所示,电路两端的电压保持不变,当滑动变阻器的滑动触头P向右移动时
5、,三个灯泡亮度的变化情况是()A L1变亮,L2和L3皆变暗B L1变暗,L2不能确定,L3变暗C L1变暗,L2变亮,L3变亮D L1变亮,L2变亮,L3变暗10.关于电源电动势,以下说法正确的是()A 1号干电池比5号干电池大,所以1号干电池的电动势大B 由电动势E可知E跟W成正比,电源做的功越多,电动势越大C 由电动势E可知E跟q成反比,电路中移送的电荷量越多,电动势越小D 电动势由电源中非静电力的特性决定,跟电源的体积无关,也跟外电路无关二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分) 11.(多选)如图所示,氕、氘、氚的原子核自初速度为零经同一电场加速后,又经同一匀强电场偏转,最后打
6、在荧光屏上,那么()A 经过加速电场的过程中,静电力对氚核做的功最多B 经过偏转电场的过程中,静电力对三种核做的功一样多C 三种原子核打在屏上的速度一样大D 三种原子核都打在屏的同一位置上12.如图,一条形磁铁放在水平桌面上,在它的正中央上方固定一直导线,导线与磁铁垂直,若给导线通以垂直于纸面向里的电流,则()A 磁铁对桌面的压力增大B 磁铁对桌面的压力减少C 桌面对磁铁没有摩擦力D 磁铁所受的合力不变13.(多选)如图所示,一个质量为m的带电小球从M点自由下落,M点距场区水平边界PQ的高度为h,边界PQ下方有方向竖直向下、大小为E的匀强电场,同时还有垂直于纸面的大小为B的匀强磁场小球从边界上
7、的a点进入复合场后,恰能做匀速圆周运动,并从边界上的b点穿出重力加速度为g,不计空气阻力,则下列说法正确的是()A 小球带负电,电荷量大小为qB 匀强磁场方向垂直于纸面向外C 小球从a运动到b的过程中,小球的电势能先减小后增大D 小球在复合场中做匀速圆周运动的半径为R14.(多选)如图所示,一个宽L0.20 m的“U”型绝缘导轨与水平面成30倾角固定放置在导轨区域内存在竖直向下的匀强磁场,磁感应强度B1.0 T一根质量为0.10 kg的金属棒垂直放置在导轨上,棒上通有I5.0 A的电流金属棒静止,重力加速度g10 m/s2,则()A 导轨对金属棒的支持力大小为NB 导轨对金属棒的支持力大小为N
8、C 导轨对金属棒的摩擦力大小为N,方向平行导轨向下D 导轨对金属棒的摩擦力大小为N,方向平行导轨向上分卷II三、实验题(共2小题,共15分) 15.(1)在一次实验时某同学用游标卡尺测量(如图所示),示数为cm.在一次实验时某同学用螺旋测微器测量(如图),示数为mm.(2)某电阻额定电压为3 V(阻值大约为10 )。为测量其阻值,实验室提供了下列可选用的器材:A:电流表A1(量程300 mA,内阻约1 ) B:电流表A2(量程0.6 A,内阻约0.3 )C:电压表V1(量程3.0 V,内阻约3 k) D:电压表V2(量程5.0 V,内阻约5 k)E:滑动变阻器R1(最大阻值为10 ) F:滑动
9、变阻器R2(最大阻值为1 k)G:电源E(电动势4 V,内阻可忽略) H:电键、导线若干。为了尽可能提高测量准确度,应选择的器材为(只需添器材前面的字母即可):电流表_,电压表_,滑动变阻器_.画出该实验电路图.16.用图甲所示的电路测定某电源的电动势和内阻,R为电阻箱,阻值范围09 999 ,R0是保护电阻,电压表内阻对电路的影响可忽略不计该同学连接好电路后,闭合开关S,改变电阻箱接入电路的电阻值,读取电压表的示数根据读取的多组数据,他画出了图乙所示的图象(1)在图乙所示图象中,当0.10 V1时,外电路处于_状态(选填“通路”、“断路”或“短路”)(2)根据该图象可求得该电池的电动势E_
10、V,内阻r_ .四、计算题 17.电荷量q=110-4C的带正电的小物块静止在绝缘水平面上,所在空间存在沿水平方向的电场,其电场强度E的大小与时间t的关系如图1所示,物块速度v的大小与时间t的关系如图2所示.重力加速度g=10 m/s2.求:(1)物块与水平面间的动摩擦因数;(2)物块在4 s内减少的电势能.18.长为L的平行金属板水平放置,两极板带等量的异种电荷,板间形成匀强电场,一个带电荷量为q、质量为m的带电粒子,以初速度v0紧贴上极板垂直于电场线方向进入该电场,刚好从下极板边缘射出,射出时速度恰与下极板成30角,如图所示,不计粒子重力,求:(1)粒子末速度的大小;(2)匀强电场的场强;
11、(3)两板间的距离.19.如图所示,水平导体棒AB被两根竖直细线悬挂,置于垂直纸面向里的匀强磁场中,已知磁场的磁感应强度B0.5 T,导体棒长L1 m,质量m0.5 kg,重力加速度g10 m/s2。当导体棒中通以从A到B的电流时,(1)判断导体棒所受安培力的方向;(2)当电流I2 A时,求导体棒所受安培力的大小F;(3)导体棒中通过的电流I为多大时,细线中拉力为1 N.20.如图所示,在y轴的右侧存在磁感应强度为B的方向垂直纸面向外的匀强磁场,在x轴的上方有一平行板式加速电场有一薄绝缘板放置在y轴处,且与纸面垂直现有一质量为m、电荷量为q的粒子由静止经过加速电压为U的电场加速,然后以垂直于板
12、的方向沿直线从A处穿过绝缘板,而后从x轴上的D处以与x轴负向夹角为30的方向进入第四象限,若在此时再施加一个电场可以使粒子沿直线到达y轴上的C点(C点在图上未标出)已知OD长为l,不计粒子的重力求:(1)粒子射入绝缘板之前的速度大小;(2)粒子经过绝缘板时损失了多少动能;(3)所加电场的电场强度和带电粒子在y轴的右侧运行的总时间答案1.C 2.C 3.B 4.C 5.B 6.D 7A 8.C 9.D 10.D 11.BD 12.ACD 13.AD 14.BD15.(1)8.075mm 10.405cm (2)A C E 如图所示【解析】(1)20分度的游标卡尺,精确度是0.05 mm,游标卡尺
13、的主尺读数为104 mm,游标尺上第1个刻度和主尺上某一刻度对齐,所以游标读数为10.05 mm=0.05 mm,所以最终读数为:104 mm+0.05 mm=104.05 mm=10.405 cm螺旋测微器的固定刻度为8 mm,可动刻度为7.50.01 mm=0.075 mm,所以最终读数为8 mm+0.075 mm=8.075 mm(2)根据欧姆定律,流过电阻的最大电流故电流表选A;电阻额定电压为3V则电压表选C即可;为了尽可能提高测量准确度,选择滑动变阻分压式接法,为了方便调节,滑动变阻器选小阻值的E即被测电阻为小电阻,选取电流表外接,题目要求为了尽可能提高测量准确度,选择滑动变阻分压式故电路图如图。16.(1)断路(2)1050【解析】17.(1)0.2 (2)14 J【解析】(1)由图可知,前2 s物块做匀加速直线运动,由牛顿第二定律有:qE1-mg=ma,由图线知加速度为:a=1 m/s22 s后物块做匀速运动,由平衡条件有:qE2=mg联立解得:q(E1-E2)=ma由图可得:E1=3104N/C,E2=2104N/C,代入数据解得:m=1 kg由qE2=mg可得:=0.2(2)物块在前2 s的位移为:x1122m2 m,物块在24 s内的位移为:x2=