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1、2020年高考(全国新课标)押题猜想卷 理科综合物理试题二、选择题:本题共8小题,每小题6分。在每小题给出的四个选项中,第1417题只有一项符合题目要求,第1821题有多项符合题目要求。全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。14.如图所示为氢原子能级的示意图,下列有关说法正确的是A. 处于基态的氢原子吸收10.5eV的光子后能跃迁至,n2能级B. 大量处于n4能级的氢原子向低能级跃迁时,最多可辐射出3种不同频率的光C. 若用从n3能级跃迁到n2能级辐射出的光,照射某金属时恰好发生光电效应,则用从n4能级跃迁到n3能级辐射出的光,照射该金属时一定能发生光电效应D. 用n4能级跃迁
2、到n1能级辐射出的光,照射逸出功为6.34 eV的金属铂产生的光电子的最大初动能为6.41eV【答案】D【解析】A处于基态的氢原子吸收10.2eV的光子后能跃迁至n=2能级,不能吸收10.2eV的能量。故A错误;B大量处于n=4能级的氢原子,最多可以辐射出,故B错误;C从n=3能级跃迁到n=2能级辐射出的光的能量值大于从n=4能级跃迁到n=3能级辐射出的光的能量值,用从n=3能级跃迁到n=2能级辐射出的光,照射某金属时恰好发生光电效应,则用从n=4能级跃迁到n=3能级辐射出的光,照射该金属时不一定能发生光电效应,故C错误;D处于n=4能级的氢原子跃迁到n=1能级辐射出的光的能量为:,根据光电效
3、应方程,照射逸出功为6.34eV的金属铂产生的光电子的最大初动能为:,故D正确。15.如图所示,一不可伸长的光滑轻绳,其左端固定于O点,右端跨过位于O点的光滑定滑轮悬挂一质量为1kg的物体,O O段水平,长度为1.6m。绳上套一可沿绳自由滑动的轻环,现在在轻环上悬挂一钩码(图中未画出),平衡后,物体上升0.4m。则钩码的质量为A. B. C. 1. 6 kg D. 1. 2 kg【答案】D【解析】重新平衡后,绳子形状如下图:设钩码的质量为M,由几何关系知:绳子与竖直方向夹角为53,则根据平衡可求得: 解得: ,故D对;ABC错;综上所述本题答案是:D16.如图所示,导轨OPQS的电阻忽略不计,
4、OM是有一定电阻、可绕O转动的金属杆,M可 在PQS上自由滑动,空间存在与导轨平面垂直的匀强磁场,磁感应强度的大小为I先 让OM从OQ位置以角速度1沿逆时针方向匀速转到OS位置(过程I);再将OM固定在OS位置,使整个装置以OQ为轴,以角速度2匀速转动90(过程II)。要使过程I、II回路中产生的热量相同,应等于A. B. C. D. 【答案】A【解析】令OM棒长为L,从OQ位置以角速度1沿逆时针方向匀速转到OS位置的过程中,产生的感应电动势为:回路中产生的热量为:将OM固定在OS位置,使整个装置以OQ为轴,以角速度2匀速转动90过程中,产生的感应电动势最大值为:回路中产生的热量为:联立可得:
5、故A正确,BCD错误。17.如图所示,质量为m的半圆轨道小车静止在光滑的水平地面上,其水平直径AB长度为2R,现将质量也为m的小球从距A点正上方h0高处由静止释放,然后由A点经过半圆轨道后从B冲出,在空中能上升的最大高度为(不计空气阻力),则( )A. 小球和小车组成的系统动量守恒B. 小车向左运动的最大距离为C. 小球离开小车后做斜上抛运动D. 小球第二次能上升的最大高度【答案】D【解析】小球与小车组成的系统在水平方向所受合外力为零,水平方向系统动量守恒,但系统整体所受合外力不为零,系统动量不守恒,故A错误;系统水平方向动量守恒,以向右为正方向,在水平方向,由动量守恒定律得:mv-mv=0,
6、解得,小车的位移:x=R,故B错误;小球与小车组成的系统在水平方向动量守恒,小球由A点离开小车时系统水平方向动量为零,小球与小车水平方向速度为零,小球离开小车后做竖直上抛运动,故C错误;小球第一次车中运动过程中,由动能定理得:mg(h0-h0)-Wf=0,Wf为小球克服摩擦力做功大小,解得:Wf=mgh0,即小球第一次在车中滚动损失的机械能为mgh0,由于小球第二次在车中滚动时,对应位置处速度变小,因此小车给小球的弹力变小,摩擦力变小,摩擦力做功小于mgh0,机械能损失小于mgh0,因此小球再次离开小车时,能上升的高度大于:h0-h0=h0,而小于h0,故D正确;故选D。18.如图所示,足够长
7、的木板下端的点通过铰链与地面连接,其与水平地面间的夹角可在范围内调节。质量为的小滑块在木板下端获得的初速度沿木板向上运动,当夹角为时,小滑块向上滑行的时间最短,大小为,重力加速度取,则此情况下A. 木板的倾角B. 小滑块上滑的最大高度为C. 小滑块上滑过程损失的机械能为D. 小滑块返回过程的加速度大小为【答案】AD【解析】小滑块沿木板向上滑行,由牛顿第二定律,得,设,则,当时,存在最大值,即,故,所以A正确。设小滑块上升的高度为,则,所以B错误。根据如上计算可知,。小滑块上滑过程克服摩擦力做功。故机械能损失,C错误。因,故小滑块上滑到最高点处后反向下滑,此时,所以D正确。综上所述,选项AD正确
8、。19.如图所示,粗糙绝缘的水平面附近存在一平行于水平面的电场,其中某一区域的电场线与x轴平行,在x轴上的电势q与坐标x的关系如图中曲线所示,曲线过(0.1,4.5)和(0.15,3)两点,图中虚线为该曲线过点(0.15,3)的切线,现有一质量为0.20kg、电荷量为+2.0108C的滑块P(可视为质点),从x0.10m处由静止释放,其与水平面的动摩蓀因数为0.02,取重力加速度g10m/s。则下列说法中正确的是( )A. 滑块P运动过程中的电势能先减小后增大B. 滑块P运动过程中的加速度先减小后增大C. x0.15m处的电场强度大小为2.0106N/CD. 滑块P运动的最大速度为0.1m/s
9、【答案】BCD【解析】电势与位移x图线的斜率表示电场强度可知,电场方向未变,滑块运动的过程中,电场力始终做正功,电势能逐渐减小,故A错误;电势与位移x图线的斜率表示电场强度,则x0.15m处的场强为: ,此时的电场力为:FqE21082106N0.04N;滑动摩擦力大小为:fmg0.022N0.04N,在x0.15m前,电场力大于摩擦力,做加速运动,加速度逐渐减小,x0.15m后电场力小于摩擦力,做减速运动,加速度逐渐增大。故BC正确。在x0.15m时,电场力等于摩擦力,速度最大,根据动能定理得,qUfxmv2,因为0.10m和0.15m处的电势差大约为1.5105V,代入求解,最大速度大约为
10、0.1m/s。故D正确。20.如图所示,在边长为L的正方形区域abcd内有垂直纸面向里的匀强磁场,有一个质量为m,带电量大小为q的离子,从ad边的中点O处以速度v垂直ad边界向右射入磁场区域,并从b点离开磁场。则A.离子在O、b两处的速度相同B.离子在磁场中运动的时间为C.若增大磁感应强度B,则离子在磁场中的运动时间减小D.若磁感应强度,则该离子将从bc边射出【答案】CD【解析】A.离子在磁场中做匀速圆周运动,离子在O、b两处的速度大小相同,但是方向不同,故A错误;B.离子在磁场中的运动的半径满足:解得,则粒子在磁场中运动的弧长所对的圆心角的正弦值为,即=53,运动的时间 故B错误;C.若增大
11、磁感应强度B,由知,离子在磁场中的运动半径减小,同时由T=知离子在磁场中运动的周期也将减小,粒子将从ab边射出,由于离子的速度v大小不变,而对应的弧长减小,则离子在磁场中的运动时间将减小,故C正确;D.若离子从bc边射出,则即, 故D正确。21.如图(a),在跳台滑雪比赛中,运动员在空中滑翔时身体的姿态会影响其下落的速度和滑翔的距离。某运动员先后两次从同一跳台起跳,每次都从离开跳台开始计时,用v表示他在竖直方向的速度,其v-t图像如图(b)所示,t1和t2是他落在倾斜雪道上的时刻。则A. 第二次滑翔过程中在竖直方向上的位移比第一次的小B. 第二次滑翔过程中在水平方向上的位移比第一次的大C. 第
12、二次滑翔过程中在竖直方向上的平均加速度比第一次的大D. 竖直方向速度大小为v1时,第二次滑翔在竖直方向上所受阻力比第一次的大【答案】BD【解析】A由v-t图面积易知第二次面积大于等于第一次面积,故第二次竖直方向下落距离大于第一次下落距离,所以,A错误;B由于第二次竖直方向下落距离大,由于位移方向不变,故第二次水平方向位移大,故B正确C由于v-t斜率知第一次大、第二次小,斜率越大,加速度越大,或由 易知a1a2,故C错误D由图像斜率,速度为v1时,第一次图像陡峭,第二次图像相对平缓,故a1a2,由G-fy=ma,可知,fy1fy2,故D正确三、非选择题:共62分,第2225题为必考题,每个试题考
13、生都必须作答。第3334题为选考题,考生根据要求作答。(一)必考题:共47分。22. (5分)某同学设计了如图所示的装置,利用米尺、秒表、轻绳、轻滑轮、轨道、滑 块、托盘和砝码等器材来测定滑块和轨道间的动摩擦因数 ,滑块和托盘上分别放有 若干砝码,滑块质量为 M,滑块上砝码总质量为 m,托盘和盘中砝码的总质量为 m。实验中,滑块在水平 轨道上从 A 到 B 做初速度为零的匀加速直线运动, 重力加速度 g 取 10 m/s2(1)为测量滑块的加速度 a,需测出它在 A、B 间运动的_和_,计 算 a 的运动学公式是_。(2)根据牛顿运动定律得到 a 与 m 的关系为:_他想通过多次改变 m,测出
14、相应的 a 值,并利用上式来计算 。若要求 a 是 m 的一 次函数,必须使上式中的 _保持不变,实验中应将从托盘中取出的砝码置于_【答案】位移;时间;(m+m)【解析】(1)滑块在水平轨道上从A到B做初速为零的匀加速直线运动,根据x=at2得a=,所以需要测量的是位移s和时间t。(2)对整体进行研究,根据牛顿第二定律得:若要求a是m的一次函数必须使不变,即使m+m不变,在增大m时等量减小m,所以实验中应将从托盘中取出的砝码置于滑块上。23. (10分).小明同学想要设计一个既能测量电源电动势和内阻,又能测量定值电阻阻值的电路。他用了以下的实验器材中的一部分,设计出了图(a)的电路图:a电流表A1(量程0.6A,内阻很小);电流表A2(量程300A,内阻rA=1000);b滑动变阻器R(0-20);c,两个定值电阻R1=1000,R2=9000;d待测电阻Rx;e待测电源E(电动势约为3V,内阻约为2)f开关和导线若干(1)根据实验要求,与电流表A2串联的定值电阻为_(填“R1”或“R2”)(2)小明先用该电路测量电源电动势和内阻,将滑动变阻器滑片移至最右端,闭合开关S1,调节滑动变阻器,分别记录电流表A1、A2的读数I1、I2,得I1与I2的关系如图(b)所示。根据图线可得电源电动势E=_V;电源内阻r=_