《上海市浦东新区2020学年高一数学下学期期中联考试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《上海市浦东新区2020学年高一数学下学期期中联考试题（含解析）（11页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、浦东新区2020学年度下学期高一期中考试数学试卷一、填空题1.与终边相同的角的集合是_.【答案】【解析】【分析】与终边相同的角的集合是终边落在y轴正半轴的角构成的，写出来即可.【详解】与终边相同的角的集合是终边落在y轴正半轴的角构成的，即.故答案为：.【点睛】本题考查了终边相同的角的写法，属于基础题.2.若且则是第_象限的角.【答案】四【解析】【分析】若则角在第二和第四象限，若sin则角在第三或第四象限，取两者交集即可.【详解】若则角在第二和第四象限，若sin则角在第三或第四象限，同时成立，则角在第四象限.故答案为：四.【点睛】这个题目考查了不同象限角的三角函数值的正负的判断，属于基础题. 第
2、一象限所有三角函数值均为正，第二象限正弦为正，其它为负，第三象限正切为正，其它为负，第四象限余弦为正，其它为负.3.已知角的终边经过点P(-3,4)，则_.【答案】【解析】【分析】根据三角函数的定义可得到相应的三角函数值.【详解】已知角的终边经过点P(-3,4),根据三角函数定义得到 故得到结果为：故答案为：.【点睛】这个题目考查了三角函数的定义，三角函数的定义将角的终边上的点的坐标和角的三角函数值联系到一起，.知道终边上的点的坐标即可求出角的三角函数值，反之也能求点的坐标.4.已知且是第四象限角，则_,【答案】【解析】【分析】根据同角三角函数的基本关系得到进而得到结果.【详解】已知cos且是
3、第四象限的角,根据得到 故答案为：【点睛】这个题考查了同角三角函数关系的应用，属于击题.5.若则_.【答案】【解析】分析】将式子两侧平方得到结果.【详解】若,将两边平方得到 故答案为：【点睛】这个题目考查了三姐妹的应用，一般，这三者我们成为三姐妹，结合，可以知一求三.6.把化成的形式_(注:不唯一).【答案】【解析】【分析】根据特殊角的三角函数值，以及两角和的正弦公式得到结果.【详解】故答案为：【点睛】本题考查了三角函数的化一的应用，题目比较基础.7.若则_【答案】【解析】【分析】根据题干以及同角三角函数关系得到再结合两角和的正弦公式得到结果。【详解】若根据同角三角函数关系得到则.故答案为：【
4、点睛】这个题目考查了同角三角函数关系的应用，以及两角和的正弦公式的应用，属于基础题.8._.【答案】1【解析】【分析】根据三角函数的运算公式得到结果.【详解】故答案为：1.【点睛】本题考查了三角函数的同角三角函数关系的应用，属于基础题.9.化简：_.【答案】1【解析】【分析】根据三角函数的诱导公式以及弦切互化公式化简即可.【详解】 故答案为：1.【点睛】利用诱导公式化简三角函数的基本思路:(1)分析结构特点,选择恰当公式;(2)利用公式化成单角三角函数;(3)整理得最简形式.10.若且则_.【答案】【解析】【分析】根据同角三角函数关系得到，结合角的范围得到由二倍角公式得到结果.【详解】因为，根
5、据故得到，因为故得到 故答案为：【点睛】这个题目考查了同角三角函数的关系的应用，以及二倍角公式，属于基础题.11.已知且则_.【答案】【解析】【分析】根据二倍角公式得到再结合角的范围得到结果.【详解】已知且根据二倍角公式得到 因为故得到，,故得到故答案：【点睛】这个题目考查了二倍角公式的应用，属于简单题.12.在ABC中，请给出一个值_，使该三角形有两解.【答案】【解析】【分析】先由正弦定理得到，三角形有两个解，即方程有两个解，即直线和有两个不同的交点，结合正弦函数的性质得到结果.【详解】根据正弦定理得到，三角形有两个解，即方程有两个解，即直线和有两个不同的交点，根据正弦函数的性质得到，角当即
6、当时，三角形有两个解.故答案为：.【点睛】本题考查三角形解的个数的判断，属基础题涉及正弦定理的应用.二、选择题13.下列命题正确的是（）A. 第一象限的角都是锐角B. 小于的角是锐角C. 2020是第三象限的角D. 2020是第四象限的角【答案】C【解析】【分析】根据象限角的定义依次判断即可.【详解】对于A. 第一象限的角都是锐角是错误的，比如就是第一象限角，但是不是锐角；对于B. 小于的角是锐角也是错误的，比如负角，小于但不是锐角；对于C. 2020是第三象限角，故正确；对于D，由C知是错误的.故答案为：C.【点睛】这个题目考查了象限角的概念，以及锐角的概念，锐角是大于零度，小于九十度的角，
7、属于基础题.14.“”是“”的_条件A. 充分非必要B. 必要非充分C. 充要D. 既非充分又非必要【答案】B【解析】【分析】因为根据正弦函数的性质得到，或者，反之一定成立，再根据充分必要条件的判断，得到结果.【详解】因为，故得到，或者,推不出.反之，若，则.故是“”的必要非充分条件.故答案为：B.【点睛】判断充要条件的方法是：若pq为真命题且qp为假命题，则命题p是命题q的充分不必要条件；若pq为假命题且qp为真命题，则命题p是命题q的必要不充分条件；若pq为真命题且qp为真命题，则命题p是命题q的充要条件；若pq为假命题且qp为假命题，则命题p是命题q的即不充分也不必要条件判断命题p与命题
8、q所表示的范围，再根据“谁大谁必要，谁小谁充分”的原则，判断命题p与命题q的关系15.在ABC中，内角A、B满足则ABC的形状是A. 等腰三角形B. 直角三角形C. 等腰直角三角形D. 等腰或直角三角形【答案】D【解析】【分析】根据三角形内角范围得到，再结合三角函数正弦图像得到结果.【详解】在ABC中，内角A、B满足,，根据正弦函数的图像的性质得到或故三角形是等腰三角形或者直角三角形.故答案为：D.【点睛】这个题目考查了三角函数的性质以及三角形内角和性质,属于基础题.16.设MP与OM分别是角的正弦线和余弦线，则A. MPOM0B. MP0OMC. OMMP0D. OM0MP【答案】D【解析】
9、【分析】根据三角函数线的定义得结果即可.【详解】根据三角函数线的定义得到，钝角的余弦线是负的，正弦线是正的，故得到OM0MP.故答案为：D.【点睛】这个题目考查了三角函数线的定义，属于基础题.三、解答题17.已知一个扇形的周长为20cm,当它的圆心角为多大时,该扇形的面积最大?并求面积的最大值。【答案】当圆心角为2弧度时，面积最大，最大值为【解析】【分析】首先根据扇形的弧长与半径的关系，建立等式，然后根据面积公式转化成关于r的二次函数，通过解二次函数最值求结果【详解】设扇形半径为r，弧长为l，l202r，Slr（202r）rr2+10r（r5）2+25当半径r5cm时，扇形的面积最大为25cm
10、2，此时，2（rad）故当圆心角为2弧度时，面积最大，最大值为【点睛】本题考查函数模型的选择与应用，通过对实际问题的分析，抽象出数学模型，利用一元二次函数定义求解，属于基础题18.已知，求的值。【答案】【解析】【分析】利用两角和与差的正弦函数，以及二倍角的正切，化简，代入tana，求出结果即可【详解】原式即：【点睛】本题是基础题，考查弦切互化，二倍角的正切，考查计算能力，常考题型19.修建铁路时要在一个大山体上开挖一隧道，需要测量隧道口D、E之间的距离，测量人员在山的一侧选取点C，因有障碍物，无法测得CE、CD的距离，现测得CA=482.80米，CB=631.50米，ACB=56.3，又测得A
11、、B两点到隧道口的距离分别是80.13米、40.24米(A、D、E、B在同一条直线上)，求隧道DE的长(精确到1米)。【答案】421米【解析】【分析】结合题意和示意图，根据余弦定理得到长，进而得到结果.【详解】根据题意以及图像得到：在三角形中， 由余弦定理得到 （米）所以，隧道长度约为421米.【点睛】这个题目考查了余弦定理在实际生活中的应用，对余弦定理一定要熟记两种形式：（1）；（2），同时还要熟练掌握运用两种形式的条件.另外，在解与三角形、三角函数有关的问题时，还需要记住等特殊角的三角函数值，以便在解题中直接应用.20.已知求的值.【答案】【解析】【分析】根据两角的正弦值，以及得到两个角的
12、较为精确的范围，通过同角三角函数关系得到，由二倍角公式得到，从而得到结果.【详解】 由 .【点睛】这个题目考查了同角三角函数关系，以及二倍角的应用，涉及已知三角函数值推角的范围的应用，通过三角函数值的正负可得到角的象限，通过将三角函数值和特殊角的三角函数值比较可得到角的更小的范围.21.在ABC中，已知边角B=45，面积求:(1)边(2)角C.【答案】（1）；（2）【解析】【分析】（1）根据题意，由三角形的面积公式，代入数值得到结果；（2）由余弦定理得到，再由余弦定理得到，由三角形三角和为，得到结果.【详解】（1）由 解得.(2)由余弦定理得到 所以得到 解得 再由余弦定理得到 【点睛】本题主要考查余弦定理的应用以及三角形面积公式，在解与三角形有关的问题时，正弦定理、余弦定理是两个主要依据. 解三角形时，有时可用正弦定理，有时也可用余弦定理，应注意用哪一个定理更方便、简捷一般来说 ,当条件中同时出现 及 、 时，往往用余弦定理，而题设中如果边和正弦、余弦函数交叉出现时，往往运用正弦定理将边化为正弦函数再结合和、差、倍角的正余弦公式进行解答.
