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1、绝密 启用前【最后十套】2020届高考名校考前提分仿真卷物 理（五） 注意事项：1本试卷分第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分。答题前，考生务必将自己的姓名、考生号填写在答题卡上。2回答第卷时，选出每小题的答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在试卷上无效。3回答第卷时，将答案填写在答题卡上，写在试卷上无效。4考试结束，将本试卷和答题卡一并交回。二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1418只有一项是符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14下列说
2、法正确的是A查德威克发现中子的核反应是：AlHePnB机场、车站和重要活动场所的安检门可以探测人随身携带的金属物品，是利用静电感应的工作原理工作的C考古专家发现某一骸骨中C的含量为活着的生物体中C的，已知C的半衰期为5730年，则确定该生物死亡时距今约11460年D根据，当t非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，这应用了类比法【答案】C【解析】查德威克发现中子的核反应是：HeBeCn，选项A错误；金属探测仪利用的是电磁感应，变化的磁场使金属内产生交流电，产生的磁场反过来影响仪器内的电磁线圈，类似互感，选项B错误；C剩余为两个半衰期，11 460年，选项C正确；，当t非常小时，可以表示物体
3、在t时刻的瞬时速度应用了极限思想，选项D错误。15如图所示，水平面上固定着一个三棱柱体，其左侧光滑，倾角为；右侧粗糙，倾角为。放置在三棱柱体上的物块A和物块B通过一根跨过顶端定滑轮的细绳相连，若物块A和物块B始终保持静止。下列说法正确的是A仅增大角，物块B所受的摩擦力一定增大B仅增大角，物块B对三棱柱体的压力可能减小C仅增大角，绳子的拉力一定增大D仅增大角，地面对三棱柱体的支持力不变【答案】D【解析】细线的拉力TmAgsin，仅增大角，细线的拉力变大，但因开始时B所受的摩擦力方向不能确定，则不能断定物块B所受的摩擦力一定增大，选项A错误；仅增大角，物块B对三棱柱体的压力仍等于mBgcos不变，
4、选项B错误；仅增大角，绳子的拉力仍为TmAgsin不变，选项C错误；对AB两物体以及三棱柱的整体而言，地面对三棱柱体的支持力等于整体的重力，则仅增大角，地面对三棱柱体的支持力不变，选项D正确。16如图，光滑水平面上放着长木板B，质量m2 kg的木块A以速度v02 m/s滑上原来静止的长木板B的上表面，由于A、B之间存在有摩擦，之后，A、B的速度随时间变化情况如右图所示，重力加速度g10 m/s2。则下列说法正确的是AA、B之间动摩擦因数为0.1B长木板的质量为1 kgC长木板长度至少为2 mDA、B组成系统损失机械能为4 J【答案】A【解析】从图可以看出，A先做匀减速运动，B做匀加速运动，最后
5、一起做匀速运动，共同速度v1 m/s，取向右为正方向，根据动量守恒定律得：mv0(mM)v，解得：Mm2kg，故B错误；由图象可知，木板B匀加速运动的加速度avt1m/s2，对B根据牛顿第二定律得mgMaB，解得动摩擦因数0.1，故A正确；由图象可知前1s内B的位移xB0.5m，A的位移xA1.5m，所以木板最小长度LxA-xB1m，故C错误；A、B组成系统损失机械能E12mv02-12(mM)v22J，故D错误。17有a、b、c、d四颗地球卫星，卫星a还未发射，在地球赤道上随地球表面一起转动，卫星b在地面附近近地轨道上正常运动，c是地球同步卫星，d是高空探测卫星，各卫星排列位置如图，则有Aa
6、的向心加速度等于重力加速度gBb在相同时间内转过的弧长最长Cc在4 h内转过的圆心角是Dd的运动周期有可能是20 h【答案】B【解析】同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，角速度相同，则知a与c的角速度相同，根据a2r知，c的向心加速度大于a的向心加速度。由GMmr2mg，解得：gGMr2，卫星的轨道半径越大，向心加速度越小，则c的向心加速度小于b的向心加速度，而b的向心加速度约为g，a的向心加速度小于重力加速度g,故A错误；由GMmr2mv2r，解得：vGMr，卫星的半径r越大，速度v越小，所以b的速度最大，在相同时间内转过的弧长最长，故B正确；c是地球同步卫星，周期是24h，则c在4h内转
7、过的圆心角是22443，故C错误；由开普勒第三定律得：r3T2 k可知：卫星的半径r越大，周期T越大，所以d的运动周期大于c的周期24h，有不可能是20h，故D错误。18水平桌面上方区域内存在一垂直于桌面的磁感应强度为B的匀强磁场，科研人员将均匀涂抹荧光物质的半径为R的圆环，放置于水平桌面上如图甲所示，A为圆环边界上的一点，大量相同的带电粒子以相同的速率经过A点，在平面内沿不同的方向射入磁场，科研人员观测到整个圆环发出淡淡的荧光（高速微观粒子打在荧光物质上会将动能转化为光能），且粒子在圆环内磁场中运动的最长时间为t。更换半径为的圆环时如图乙所示，只有相应的三分之一圆周上有荧光发出，不计重力及带
8、电粒子之间的相互作用，则A粒子在磁场中做圆周运动的周期T3tB粒子在磁场中做圆周运动的半径rRC粒子在磁场中做圆周运动的速度D该粒子的比荷【答案】D【解析】如图乙，只有相应的三分之一圆周上有荧光发出，说明三分之一弧长对应的弦长为粒子运动的直径。几何关系有，选项B错误；图甲中，整个圆环发出淡淡的荧光，说明粒子轨迹圆半径，粒子在圆环内磁场运动的最长时间即为对应最长弦（图1中圆直径）所对圆心角（60）所用时间，即，选项A错误；粒子在磁场中做圆周运动的速度，选项C错误；，选项D正确。19如图所示，质量为M的足够长金属导轨abcd放在光滑的绝缘水平面上。一电阻为r，质量为m的导体棒PQ放置在导轨上，始终
9、与导轨接触良好，PQbc构成矩形，棒与导轨间无摩擦、棒左侧有两个固定于水平面的光滑立柱。导轨bc段电阻为R，长为L，其他部分电阻不计。以ef为界，其左侧匀强磁场方向竖直向上，右侧匀强磁场水平向右，磁感应强度大小均为B。在t0时，一水平向左的拉力F垂直作用在导轨的bc边上，使导轨由静止开始做匀加速直线运动，加速度为a。则AF与t2成正比BF和t是线性关系C当t达到一定值时，QP刚好对轨道无压力D若F0，PQbc静止，ef左侧磁场均匀减小，QP可能对轨道无压力【答案】BC【解析】t时刻dc产生的感应电动势 EBLv，导轨做初速为零的匀加速运动，vat，则 EBLat；感应电流 IERr，金属导轨a
10、bcd安培力大小 F安BIL，对导轨，由牛顿第二定律得：FF安ma，则得：FmaB2L2aRrt，可知F与t2不成正比，F与t成线性关系，故A错误，B正确；当t达到一定值时，导致QP的电流，产生的安培力等于其重力，则刚好对轨道无压力，故C正确；当ef左侧磁场均匀减小，不管减小到什么值，QP对轨道压力不会为零，因为受到的安培力与重力同向，故D错误。20如图所示，一弹性轻绳(绳的弹力与其伸长量成正比)左端固定在A点，弹性绳自然长度等于AB，跨过由轻杆OB固定的定滑轮连接一个质量为m的小球，小球穿过竖直固定的杆。初始时A、B、C在一条水平线上，小球从C点由静止释放滑到E点时速度恰好为零。已知C、E两
11、点间距离为h，D为CE的中点，小球在C点时弹性绳的拉力为，小球与杆之间的动摩擦因数为0.5，弹性绳始终处在弹性限度内。下列说法正确的是A小球在D点时速度最大B若在E点给小球一个向上的速度v，小球恰好能回到C点，则C小球在CD阶段损失的机械能等于小球在DE阶段损失的机械能D若仅把小球质量变为2m，则小球到达E点时的速度大小【答案】AB【解析】当小球运动到某点P点，弹性绳的伸长量是xBP，小球受到如图所示的四个力作用，其中FTkxBP，将FT正交分解，则FNFTsinkxBPsinkxBCmg2、FfFN14mg，FT的竖直分量FTyFTcoskxBPcoskxCP。据牛顿第二定律得：mg-Ff-
12、FTyma，解得：a34g-FTym34g-kxCPm，即小球的加速度先随下降的距离均匀减小到零，再随下降的距离反向均匀增大。据运动的对称性可知，小球运动到CE的中点D点时，加速度为零，速度最大，故A正确；对小球从C运动到E过程，应用动能定理得：mghWFT(-14mgh)0-0；若小球恰能从E点回到C点，应用动能定理得：(-mgh)(-WFT)(-14mgh)0-12mv2；联立解得：WFT-34mgh、vgh，故B正确；小球在全程所受摩擦力大小不变，小球在CD段所受弹力竖直分量较小；则小球在CD段时摩擦力和弹力做的负功比小球在DE段时摩擦力和弹力做的负功少，小球在CD阶段损失的机械能小于小
13、球在DE阶段损失的机械能，故C错误；若仅把小球质量变为2m，对小球从C运动到E过程，应用动能定理得：2mghWFT(-14mgh)122mv12-0，解得：小球到达E点时的速度大小v1gh，故D错误。21如图所示，竖直平面内有一个半径为R的圆周，另外空间有一平行于圆周平面的匀强电场，A、D两点为圆周上和圆心同一高度的点，C点为圆周上的最高点。在与OA夹角为30的圆弧B点上有一粒子源，以相同大小的初速度v0在竖直面（平行于圆周面）内沿各个方向发射质量为m，带电的同种微粒，在对比通过圆周上各点的微粒中，发现从圆周D点上离开的微粒机械能最大，从圆周E点（OE与竖直方向夹角30）上离开的微粒动能最大，
14、已知重力加速度为g，取最低点F所在水平面为重力零势能面。则有A电场一定沿OD方向，且电场力等于mgB通过E点的微粒动能大小为(1)mgRmv02C动能最小的点可能在BC圆弧之间DA点的动能一定小于B点【答案】BC【解析】在D点微粒机械能最大，说明B到D电场力做功最大，由数学关系知过D点做圆的切线为电场的等势线，即电场力沿OD方向，带电粒子电性未知，场强方向不能确定。在E点微粒动能最大，说明B到E合力做功最多，即重力电场力的合力方向沿OE，有：，解得，动能定理有：，故选项A错误、B正确；OE反向延长线与圆的交点，为等效重力的最高点，合力做的负功最大，动能最小，选项C正确；B点到A点等效重力（合力
15、）做正功，动能增加，选项D错误。第 II 卷三、非选择题(包括必考题和选考题两部分。第22题第25题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33题第34题为选考题，考生根据要求做答)(一)必考题(共47分)22(6分)将橡皮筋的一端固定在A点，另一端拴上两根细绳，每根细绳分别连着一个量程为5 N、最小刻度为0.1 N的弹簧测力计，沿着两个不同的方向拉弹簧测力计。当橡皮筋的活动端拉到O点时，两根细绳互相垂直，如图所示。这时弹簧测力计的读数可从图中读出。(1)读得两个互相垂直的拉力的大小一个是4.0 N，则另一个是_N（只须读到0.1 N）。(2)在本题的虚线方格纸上按作图法的要求画出这两个力及它们的合力，合力是_N。【答案】（1）2.5 N （2）如图所示 4.7（4.5 4.9皆给分）【解析】读弹簧测力计示数时，应注意首先找零刻度，尤其是竖直放置的那个弹簧测力计是倒置的，它的读数是2.5 N（而不是3.5 ），水平放置的弹簧测力计读数是4 N，合力4.7 N（4.5 N
