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1、湖北省宜昌市葛洲坝中学2019-2020学年高二物理上学期10月月考试题（含解析）一、 选择题1. 一根导线，分别通以不同电流，并保持温度不变，当电流较大时，以下说法正确的是A. 单位体积内自由电子数较多B. 自由电子定向移动的速率较大C. 自由电子的热运动速率较大D. 电流的传导速度较大【答案】B【解析】根据电流的微观表达式I=nesv可知，导线不变，nes不变，而I增大，则只有v增大，即电子定向移动的速度增大电场的传播是以光速进行的，由于光速保持不变，故电场的传播速率保持不变由于自由电子无规则运动的速度由温度决定，故由于导线保持温度不变，故自由电子无规则运动的速度的大小保持不变只有真正理解
2、了每一概念的真正的含义才能真正学好物理，故在学习新课时不能放过任何一个概念2.下列关于电动势的说法中，正确的是（ ）A. 电动势就电势差，也叫电压，单位VB. 电动势大的电源做功一定多C. 电动势大的电源做功一定快D. 电动势的大小等于非静电力把1C的正电荷在电源内从负极移到正极所做的功【答案】D【解析】电动势是反应电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，和电势差有本质的不同，虽然单位相同；故A错误；电动势大的移动相同电量时做功多；并不是电动势大电源做功就多，做功也并不一定快；故BC错误；电动势的大小等于非静电力把1C的正电荷在电源内从负极移到正极所做的功；故D正确；故选D.点睛：本题考查对于电
3、源的电动势的理解能力电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小，与外电路无关与做功的多少及快慢无关3.两根完全相同的金属裸导线，如果把其中一根均匀拉长到原来的2倍，把另一根对折起来，然后把它们分别接上相同的电压，则在同一时间内通过它们的电量之比为（ ）A. 1:4B. 1:8C. 1:16D. 16:1【答案】C【解析】【详解】设原来的电阻为R，其中的一根均匀拉长到原来的2倍，横截面积变为原来的 ，根据可知，电阻R1=4R，另一根对折后绞合起来，长度减小为原来的一半，横截面积变为原来的2倍，根据电阻定律，电阻，则两电阻之比为16：1电压相等，根据欧姆定律，电流比为1：16，根据q=It知
4、相同时间内通过的电量之比为1：16。A. 1:4与计算结果不符，故A错误。B. 1:8与计算结果不符，故B错误。C. 1:16与计算结果相符，故C正确。D. 16:1与计算结果不符，故D错误。4.在纯电阻电路中，当用一个固定的电源（设E、r为定值）向变化的外电阻供电时，关于电源的输出功率P随外电阻P变化的规律如图所示，则下列说法错误的是A. 当R=r时，电源有最大的输出功率B. 当R=r时，电源的效率=50%C. 电源的输出功率P随外电阻R的增大而增大D. 电源效率随外电阻R的增大而增大【答案】C【解析】【详解】AC该图象反映了电源的输出功率P随外电阻R变化的规律，由图看出，电源的输出功率随着
5、外电阻的增大先增大后减小，当R=r时，电源有最大的输出功率，故A正确，C错误；B当R=r时，路端电压与电源的内电压，则U=0.5E，电源的效率= ，故B正确；D电源的效率= ，则知R增大时，电源的效率增大，故D正确。5.某同学用多用电表的欧姆挡的“10”挡测量一个电阻的阻值,发现表的指针偏转角度很小,如图所示,为了准确测定该电阻的阻值,正确的做法是()A. 应把选择开关换到“1”挡，重新进行欧姆调零后再测量B. 应把选择开关换到“100”挡，重新进行欧姆调零后再测量C. 应把选择开关换到“100”挡，不用再进行欧姆调零就直接测量D. 应把选择开关换到“1”挡，不用再进行欧姆调零就直接测量【答案
6、】B【解析】【详解】用10挡测量某电阻时，操作步骤正确，发现表头指针偏转角度很小，说明所选档位太小，为了较准确地进行测量，应换到100挡，然后重新进行欧姆调零，再进行测量，故B正确；故选B。【点睛】本题考查了欧姆表档位的选择与欧姆表读数、欧姆表使用注意事项，用欧姆表测电阻，应选择适当的档位，使指针指在中央刻度线附近，欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零；欧姆表指针示数与档位的乘积是欧姆表示数6.如图所示，直线a、b和c、d是处于匀强电场中的两组平行线，M、N、P、Q是它们的交点，四点处的电势分别为、。一电子由M点分别运动到N点和P点的过程中，电场力所做的负功相等，则A. 直线a位于某一等势面内，B.
7、 直线c位于某一等势面内，C. 若电子有M点运动到Q点，电场力做正功D. 若电子有P点运动到Q点，电场力做负功【答案】B【解析】电子带负电荷，从M到N和P做功相等，说明电势差相等，即N和P的电势相等，匀强电场中等势线为平行的直线，所以NP和MQ分别是两条等势线，从M到N，电场力对负电荷做负功,说明MQ为高电势，NP为低电势。所以直线c和d都是位于某一等势线内，但是，选项A错，B对。若电子从M点运动到Q点，初末位置电势相等，电场力不做功，选项C错。电子作为负电荷从P到Q即从低电势到高电势，电场力做正功，电势能减少，选项D错。【考点定位】等势面和电场线【名师点睛】匀强电场和点电荷的电场以及等量同种
8、点电荷和等量异种点电荷的电场线及等势面分布情况要熟记。7.电源的效率定义为外电路电阻消耗的功率与电源的总功率之比。在测电源电动势和内电阻的实验中得到的实验图线如图所示，图中U为路端电压，I为干路电流，a、b为图线上的两点，相应状态下电源的效率分别为、。由图可知、的值分别为A. 、B. 、C. 、D. 、【答案】D【解析】电源的效率定义为外电路电阻消耗的功率与电源的总功率之比 ,E为电源的总电压（即电动势），在UI图象中，纵轴截距表示电动势，根据图象可知、，则 ， ，所以A、B、C错误，D正确。点晴：解决本题的关键知道电源的效率也等于外电压与电动势之比以及会从U-I图象中读出电动势和外电压8.如
9、图所示，M、N是两块水平放置的平行金属板，R0为定值电阻，R1和R2为可变电阻，开关S闭合.质量为m的带正电荷的微粒从P点以水平速度v0射入金属板间，沿曲线打在N板上的O点.若经下列调整后，微粒仍从P点以水平速度v0射入，则关于微粒打在N板上的位置说法正确的是A. 保持开关S闭合，增大R1，粒子打在O点左侧B. 保持开关S闭合，增大R2，粒子打在O点左侧C. 断开开关S，M极板稍微上移，粒子打在O点右侧D. 断开开关S，N极板稍微下移，粒子打在O点右侧【答案】AD【解析】【详解】A.保持开关S闭合，由串并联电压关系可知，R0两端的电压增大R1，U将减小，电容器两端的电压减小，则粒子受到的电场力
10、减小，受到的重力不变，则产生的加速度增大。从P点以水平速度v0射入金属板间打在极板上则有：水平位移为：水平位移将减小，故粒子打在O点左侧，故A正确；B.保持开关S闭合，增大R2，R0两端的电压：不变，即电容器两端的电压不变，粒子仍打在O点。故B错误；C.断开开关，平行板带电量不变，平行板间的电场强度为：结合：和可得：M极板稍微上移，电场强度不变，故加速度不变，不会影响离子的运动，还打在O点，故C错误；D.断开开关，平行板带电量不变，平行板间的电场强度为：结合：和可得：N极板稍微下移，电场强度不变，加速度不变，但y增大:水平位移将增大，粒子打在O点右侧。故D正确。9.如图所示为欧姆表的原理图，表
11、头内阻为Rg，调零电阻为R，电池的电动势为E，内阻为r，则下列说法中正确的是A. 它是根据闭合电路欧姆定律制成的B. 接表内电池负极的应是黑表笔C. 电阻的“”刻度位于刻度盘的左端D. 调零后刻度盘的中心刻度值是r十Rg【答案】AC【解析】【详解】A.多用电表是根据闭合电路的欧姆定律制成的，故A正确；B.接表内电池负极的是红表笔，接电源正极的是黑表笔，电流从黑表笔出，红表笔进，故B错误；C. 电阻的“”刻度在刻度盘的左端，故C正确；D.当多用电表指针指在中间位置时所以RxRgRr即中心刻度值为rRgR，故D错误。10.如图,平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度,两极板与一直流电源相连.若一
12、带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器,则在此过程中,该粒子（ ）A. 所受重力与电场力平衡B. 动能逐渐增加C. 电势能逐渐增加D. 做匀变速直线运动【答案】CD【解析】【详解】AD. 带电粒子在电场中受到电场力与重力，根据题意可知，粒子做直线运动，电场力必定垂直极板向上，电场力与重力的合力必定与速度方向反向，粒子做匀减速直线运动，故A错误D正确。BC. 重力不做功，电场力做负功，则电势能增加，导致动能减小，故B错误C正确。11.一带电粒子在电场力的作用下沿下图中曲线JK穿过一匀强电场，a、b、c、d为该电场的等势面，其中有，若不计粒子的重力，可以确定( ) A. 粒子带正电B. 该粒子带
13、负电C. 从J到K粒子的电势能增加D. 粒子从J到K运动过程中粒子动能增加【答案】BD【解析】【详解】AB. 由运动轨迹可知电场力方向向右，由电场线与等势面垂直且由电势高的等势面指向电势低的等势面可知，电场线方向向左，则电性为负，故A错误B正确。CD. 由J到K电场力与速度夹角为锐角，电场力做正功，则动能增加，电势能减小，故C错误D正确。12.在如图所示的电路中，电源的负极接地，其中电动势为E、内电阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，C为电容器，A、V为理想电流表和电压表。在滑动变阻器滑片P自a端向b端滑动的过程中，下列说法中正确的是（ ）A. 电流表示数增大B. 电压表示数减小C
14、. a点的电势降低D. 电容器C所带电荷量增多【答案】AC【解析】【详解】AB. 在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流I增大， ，路端电压减小，电阻R1两端电压增大，则电压表示数变大，根据串联电路特点可知，R2两端电压变小；根据外电路中顺着电流方向，电势降低，可知，a的电势大于零，a点的电势等于R2两端的电压，U2变小，则a点的电势降低，通过R2的电流I2减小，通过电流表的电流IA=I-I2，I增大，I2减小，则IA增大。即电流表示数变大，故AC正确B错误。D. 电阻R2两端的电压U2变小，电容器板间电压变小，其带电量减小，故D错误。二、实验
15、题13. 一个小灯泡上标有“6V，0.2A”字样，现要描绘该灯泡的伏安特性曲线，有下列器材供选用：A电压表（05V，内阻1.5k） B电压表（010V，内阻3.0k） C电流表（00.3A，内阻2.0） D电流表（00.6A，内阻1.0） E滑动变阻器（10，2A） F滑动变阻器（100，0.5A） G学生电源（直流9V），还有开关、导线等实验中所用的电压表应选_，电流表应选_，滑动变阻器应选_在下面方框中画出实验电路图，要求电压从0开始测量将实物按你所选择的电路连接起来。【答案】实验中所用的电压表应选 B ，电流表应选 C ，滑动变阻器应选 E 。 实验电路图如图所示。实物连接如图所示。【解析】：
